BZOJ2809&&LG1552 APIO2012派遣(线段树合并)
BZOJ2809&&LG1552 APIO2012派遣(线段树合并)
题面
自己找去
HINT
简化一题面就是让你从每个点的子树中以\(<=m\)的代价选取尽可能多的点,然后乘上子树根的一个属性值,每个点做一遍取个\(max\)。看大家都是什么可并堆、dfs序+主席树,我的做法是对于每个节点开一颗权值线段树,每个节点维护\(size\)和\(tot\),然后修改和线段树合并都是常规写法。
着重讲一下查询
这样的写法之后就是要实现查询用m的代价可以最多选择多少个点
inline int query(int p,long long rk,int l,int r){
if(!p) return 0;//如果进入了空节点,就肯定没有可选的,返回0
if(l==r){
int x=st[p].tot/st[p].size;return min((long long)rk/x,(long long)st[p].size);
//这里是重点,查询到该点的时候我还有rk的剩余,已经到叶子节点了,这个时候我们就要计算一下自己最多可以选多少个,如果能都选就都选,如果不能多选就尽量选满
}
long long now=st[ls(p)].tot;int mid=(l+r)>>1;
if(rk<=now) return query(ls(p),rk,l,mid);
else return st[ls(p)].size+query(rs(p),rk-now,mid+1,r);
}
其他的看代码吧
#include<bits/stdc++.h>
#define INF 0x3f3f3f3f
#define ls(x) st[x].ch[0]
#define rs(x) st[x].ch[1]
using namespace std;
inline int read(){
int w=0,f=1;
char ch=getchar();
while(ch<'0'||ch>'9'){
if(ch=='-')f=-1;
ch=getchar();
}
while(ch>='0'&&ch<='9'){
w=(w<<3)+(w<<1)+ch-48;
ch=getchar();
}
return w*f;
}
int n,m,cur,root[100010],a[100010],b[100010],val[100010],now[100010];
long long l[100010],ans[100010];
bool debug;
struct CHAIRMANTREE{
struct Node{
int size,ch[2];long long tot;
}st[6000010];
int tot;
inline void pushup(int x){
st[x].size=st[ls(x)].size+st[rs(x)].size;
st[x].tot=st[ls(x)].tot+st[rs(x)].tot;return;
}
inline int change(int p,int l,int r,int pos,int val){
if(!p)p=++tot;
if(l==r){
st[p].size+=1;st[p].tot+=val;return p;
}
int mid=(l+r)>>1;
if(pos<=mid) ls(p)=change(ls(p),l,mid,pos,val);
else rs(p)=change(rs(p),mid+1,r,pos,val);
pushup(p);return p;
}
inline int merge(int x,int y,int l,int r){
if(!x||!y) return x|y;
int p=++tot;
if(l==r){
st[p].size=st[x].size+st[y].size;
st[p].tot=st[x].tot+st[y].tot;return p;
}
int mid=(l+r)>>1;
ls(p)=merge(ls(x),ls(y),l,mid);
rs(p)=merge(rs(x),rs(y),mid+1,r);
pushup(p);return p;
}
inline int query(int p,long long rk,int l,int r){
if(!p) return 0;
if(l==r){
int x=st[p].tot/st[p].size;return min((long long)rk/x,(long long)st[p].size);
}
long long now=st[ls(p)].tot;int mid=(l+r)>>1;
if(rk<=now) return query(ls(p),rk,l,mid);
else return st[ls(p)].size+query(rs(p),rk-now,mid+1,r);
}
}TREE;
int cnt,head[100010];
struct Edge{
int from,to,next;
}edge[200010];
inline void addedge(int u,int v){
cnt++;
edge[cnt].from=u;
edge[cnt].to=v;
edge[cnt].next=head[u];
head[u]=cnt;
}
map<int,int> mapp;
inline void prework(){
sort(a+1,a+n+1);
for(int i=1;i<=n;i++){
if(!mapp[a[i]]){
cur++;mapp[a[i]]=cur;b[cur]=a[i];
}
}
for(int i=1;i<=n;i++){
val[i]=mapp[val[i]];
}
}
inline void dfs(int u){
root[u]=TREE.change(root[u],1,cur,val[u],now[u]);
for(int i=head[u];i;i=edge[i].next){
int v=edge[i].to;dfs(v);
root[u]=TREE.merge(root[u],root[v],1,cur);
}
if(debug)cout<<"test"<<u<<endl;
ans[u]=(long long)TREE.query(root[u],m,1,cur);
if(debug){
cout<<u<<" "<<ans[u]<<endl;
}
}
signed main(){
n=read();m=read();
for(int i=1;i<=n;i++){
int x=read();addedge(x,i);
now[i]=a[i]=val[i]=read();l[i]=read();
}
prework();
//debug=true;
dfs(1);
long long Ans=-1;
for(int i=1;i<=n;i++){
//cout<<l[i]<<" "<<ans[i]<<endl;
Ans=max(Ans,l[i]*ans[i]);
}
cout<<Ans<<endl;
return 0;
}
BZOJ2809&&LG1552 APIO2012派遣(线段树合并)的更多相关文章
- [XJOI NOI2015模拟题13] C 白黑树 【线段树合并】
题目链接:XJOI - NOI2015-13 - C 题目分析 使用神奇的线段树合并在 O(nlogn) 的时间复杂度内解决这道题目. 对树上的每个点都建立一棵线段树,key是时间(即第几次操作),动 ...
- [BZOJ 2212] [Poi2011] Tree Rotations 【线段树合并】
题目链接:BZOJ - 2212 题目分析 子树 x 内的逆序对个数为 :x 左子树内的逆序对个数 + x 右子树内的逆序对个数 + 跨越 x 左子树与右子树的逆序对. 左右子树内部的逆序对与是否交换 ...
- BZOJ 3307: 雨天的尾巴( LCA + 线段树合并 )
路径(x, y) +z : u处+z, v处+z, lca(u,v)处-z, fa(lca)处-z, 然后dfs一遍, 用线段树合并. O(M log M + M log N). 复杂度看起来不高, ...
- BZOJ2733 [HNOI2012]永无乡 【线段树合并】
本文版权归ljh2000和博客园共有,欢迎转载,但须保留此声明,并给出原文链接,谢谢合作. 本文作者:ljh2000 作者博客:http://www.cnblogs.com/ljh2000-jump/ ...
- bzoj 2243 [SDOI2011]染色(树链剖分+线段树合并)
[bzoj2243][SDOI2011]染色 2017年10月20日 Description 给定一棵有n个节点的无根树和m个操作,操作有2类: 1.将节点a到节点b路径上所有点都染成颜色c: 2.询 ...
- bzoj3702二叉树 线段树合并
3702: 二叉树 Time Limit: 15 Sec Memory Limit: 256 MBSubmit: 600 Solved: 272[Submit][Status][Discuss] ...
- BZOJ_2212_[Poi2011]Tree Rotations_线段树合并
BZOJ_2212_[Poi2011]Tree Rotations_线段树合并 Description Byteasar the gardener is growing a rare tree cal ...
- B20J_2733_[HNOI2012]永无乡_权值线段树合并
B20J_2733_[HNOI2012]永无乡_权值线段树合并 Description:n座岛,编号从1到n,每座岛都有自己的独一无二的重要度,按照重要度可以将这n座岛排名,名次用1到 n来表示.某些 ...
- BZOJ_3307_雨天的尾巴_线段树合并+树上差分
BZOJ_3307_雨天的尾巴_线段树合并 Description N个点,形成一个树状结构.有M次发放,每次选择两个点x,y 对于x到y的路径上(含x,y)每个点发一袋Z类型的物品.完成 所有发放后 ...
随机推荐
- C#在窗体中按下鼠标键拖动窗体
[DllImport("user32.dll")]//拖动无窗体的控件 public static extern bool ReleaseCapture(); [DllImport ...
- ospf路由协议源码学习
目前,主要有两个版本的源码实现,一是quagga,一是bird. quagga的代码大概有3-4万行,有提到unnumbered interface, bird的代码大概1万行,但没有提到unnumb ...
- Java集合效率问题
凑算式 B DEFA + --- + ------- = 10 C GHI (如果显示有问题,可以参见[图1.jpg]) 这个算式中A~I代表1~9的数字,不同的字母代表不同的数字. 比如:6+8/3 ...
- Redis入门(介绍、搭建)——Windows、Centos环境
一.介绍 Redis is an open source (BSD licensed), in-memory data structure store, used as a database, cac ...
- [20200129]子光标不共享BIND_EQUIV_FAILURE.txt
[20200129]子光标不共享BIND_EQUIV_FAILURE.txt --//生产系统再次遇到大量BIND_EQUIV_FAILURE原因导致子光标的情况.我看了我以前测试遇到的情况.--// ...
- k8s CNI插件简单了解
Kubernetes网络模型本身对某些特定的网络功能有一定要求,但在实现方面也具有一定的灵活性.业界已经有不少不同的网络方案,来满足特定的环境和要求. CNI(container network in ...
- Docker 安装 ELK
安装 首先安装 Docker 与 Docker-Compose 相关的组件,我们这里直接使用准备好的 ELK 镜像,执行以下命令从 Dockerhub 上拉取指定版本的镜像,在本例当中我使用的是 7. ...
- warning: LF will be replaced by CRLF in
warning: LF will be replaced by CRLF in analysis/Result.csv. The file will have its original line en ...
- 全栈之路-小程序API-SpringBoot项目中参数校验机制与LomBok工具集使用
参数校验机制在web开发中是非常重要的,每当看到现在所在公司的校验代码,我都有头疼,每一个接口都是重新写参数的校验,有些复杂的接口,参数的校验甚至占了整个接口代码量的挺大一部分的,看着我都有些头疼,我 ...
- Percona Xtrabackup 备份工具
生成备份 $ xtrabackup --backup --target-dir=/data/backups/ 注:--target-dir可以放在my.cnf配置文件中.如果指定的目录不存在,xtra ...