【BZOJ 4180】 4180: 字符串计数 (SAM+二分+矩阵乘法)
4180: 字符串计数
Time Limit: 10 Sec Memory Limit: 128 MB
Submit: 164 Solved: 75Description
SD有一名神犇叫做Oxer,他觉得字符串的题目都太水了,于是便出了一道题来虐蒟蒻yts1999。他给出了一个字符串T,字符串T中有且仅有4种字符 'A', 'B', 'C', 'D'。现在他要求蒟蒻yts1999构造一个新的字符串S,构造的方法是:进行多次操作,每一次操作选择T的一个子串,将其加入S的末尾。对于一个可构造出的字符串S,可能有多种构造方案,Oxer定义构造字符串S所需的操作次数为所有构造方案中操作次数的最小值。Oxer想知道对于给定的正整数N和字符串T,他所能构造出的所有长度为N的字符串S中,构造所需的操作次数最大的字符串的操作次数。蒟蒻yts1999当然不会做了,于是向你求助。Input
第一行包含一个整数N,表示要构造的字符串长度。第二行包含一个字符串T,T的意义如题所述。Output
输出文件包含一行,一个整数,为你所求出的最大的操作次数。Sample Input
5
ABCCADSample Output
5HINT
【样例说明】例如字符串"AAAAA",该字符串所需操作次数为5,不存在能用T的子串构造出的,且所需操作次数比5大的字符串。【数据规模和约定】对于100%的数据,1 ≤ N ≤ 10^18,1 ≤ |T| ≤ 10^5。Source
【分析】
好题啊。我没想到。。
要用一种稍微转化一下的思维?
要算n最多操作次数,可以二分答案,然后询问操作次数为x的区间最小长度是多少。【我个人觉得这样想也不简单啊。
考虑如果S确定的话,其实是贪心的,匹配到不能匹配的时候断掉,成为新的一段。
在SAM上就是没有儿子的后继之后,就跳回根。
所以其实(10^18的时候你应该看出来要矩乘了),矩阵中不需要存SAM的每个点,也不能存,只要存现在是什么颜色就好了。
保证断掉的话,就是f[i][j]表示第i为开头的子串最短多少后面接j就会断。
这个很好求,先做SAM,求出mn[x][i]表示x这个点后面接最短多少的子串再接j之后就会断。
mn[x][i]=min(mn[son][i]+1)。
f[i][j]=mn[1的i儿子][j]。
然后x次操作就是f[i][j]^x,矩阵“乘法”的运算实际上是求和取min。
【看代码吧!
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;
#define Maxn 100010
#define LL long long
#define INF 0xfffffff
#define inf 1LL<<60 LL n;
int mymin(int x,int y) {return x<y?x:y;} struct node
{
int pre,son[],step;
}t[Maxn*];
bool vis[*Maxn]; int mn[*Maxn][]; struct sam
{
int last,tot;
void extend(int k)
{
int np=++tot,p=last;
t[np].step=t[p].step+;
while(p&&!t[p].son[k])
{
t[p].son[k]=np;
p=t[p].pre;
}
if(!p) t[np].pre=;
else
{
int q=t[p].son[k];
if(t[q].step==t[p].step+) t[np].pre=q;
else
{
int nq=++tot;
memcpy(t[nq].son,t[q].son,sizeof(t[nq].son));
t[nq].step=t[p].step+;
t[nq].pre=t[q].pre;
t[q].pre=t[np].pre=nq;
while(p&&t[p].son[k]==q)
{
t[p].son[k]=nq;
p=t[p].pre;
}
}
}
last=np;
}
void dfs(int x)
{
if(vis[x]) return;
vis[x]=;
for(int i=;i<=;i++) mn[x][i]=INF;
for(int i=;i<=;i++)
{
if(!t[x].son[i]) mn[x][i]=;
else
{
dfs(t[x].son[i]);
for(int j=;j<=;j++) mn[x][j]=mymin(mn[x][j],mn[t[x].son[i]][j]+);
}
}
}
}sam; char s[Maxn]; struct Matrix
{
LL w[][];
Matrix() {memset(w,,sizeof(w));}
inline friend Matrix operator * (const Matrix A,const Matrix B)
{
Matrix ret;
for(int i=;i<=;i++)
for(int j=;j<=;j++)
{
ret.w[i][j]=inf;
for(int k=;k<=;k++) ret.w[i][j]=min(ret.w[i][j],A.w[i][k]+B.w[k][j]);
}
return ret;
}
inline friend Matrix operator ^ (const Matrix A,LL k)
{
Matrix ret,tmp=A;
for(int i=;i<=;i++) for(int j=;j<=;j++) ret.w[i][j]=(i==j)?:;
for (;k;k>>=,tmp=tmp*tmp) if(k&) ret=ret*tmp;
return ret;
}
}Q; bool check(LL x)
{
Matrix B=Q^x;
LL mn=inf;
for(int i=;i<=;i++) for(int j=;j<=;j++) mn=min(mn,B.w[i][j]);
return mn>=n;
} int main()
{
scanf("%lld",&n);
scanf("%s",s);
int ll=strlen(s);
sam.tot=sam.last=;
for(int i=;i<ll;i++) sam.extend(s[i]-'A'+);
memset(vis,,sizeof(vis));
sam.dfs(); for(int i=;i<=;i++) for(int j=;j<=;j++) Q.w[i][j]=mn[t[].son[i]][j]; LL l=,r=n,ans;
while(l<r)
{
LL mid=(l+r)>>;
if(check(mid)) r=mid;
else l=mid+;
}
printf("%lld\n",r);
return ;
}
看了CA爷的代码,感觉我的矩乘好看多啦!
写在结构体里面很有条理!!
2017-04-17 20:02:16
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