BZOJ_2683_简单题&&BZOJ_1176_[Balkan2007]Mokia_CDQ分治+树状数组

BZOJ_2683_简单题&&BZOJ_1176_[Balkan2007]Mokia_CDQ分治+树状数组

Description

维护一个W*W的矩阵，初始值均为S.每次操作可以增加某格子的权值,或询问某子矩阵的总权值.修改操作数M<=160000,询问数Q<=10000,W<=2000000.

Input

第一行两个整数,S,W;其中S为矩阵初始值;W为矩阵大小

接下来每行为一下三种输入之一(不包含引号):

"1 x y a"

"2 x1 y1 x2 y2"

"3"

输入1:你需要把(x,y)(第x行第y列)的格子权值增加a

输入2:你需要求出以左下角为(x1,y1),右上角为(x2,y2)的矩阵内所有格子的权值和,并输出

输入3:表示输入结束

Output

对于每个输入2,输出一行,即输入2的答案

Sample Input

0 4
1 2 3 3
2 1 1 3 3
1 2 2 2
2 2 2 3 4
3

Sample Output

3
5

HINT

保证答案不会超过int范围

---

S=min(max(S,0),0)

把询问拆成4个矩形查询(1,1)->(x,y)的权值和。

然后有三维信息：时间，x轴，y轴。

处理左边，处理右边，然后处理左边的修改操作对右边查询操作的影响。

按x轴归并上去。

代码：

#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
using namespace std;
#define N 200050
int W,n,T[2000050],m,ans[N];
struct A {
	int x,y,opt,c,id;
}a[N],tmp[N];
void fix(int x,int v) {
	for(;x<=W;x+=x&(-x)) T[x]+=v;
}
int inq(int x) {
	int re=0;
	for(;x;x-=x&(-x)) re+=T[x];
	return re;
}
void solve(int l,int r) {
	if(l==r) return ;
	int mid=(l+r)>>1;
	solve(l,mid); solve(mid+1,r);
	int j=l,k=mid+1,i=l;
	while(j<=mid&&k<=r) {
		if(a[j].x<=a[k].x) {
			if(a[j].opt==0) fix(a[j].y,a[j].c); tmp[i++]=a[j++];
		}else {
			if(a[k].opt==1) ans[a[k].id]+=a[k].c*inq(a[k].y); tmp[i++]=a[k++];
		}
	}
	while(j<=mid) {
		if(a[j].opt==0) fix(a[j].y,a[j].c); tmp[i++]=a[j++];
	}
	while(k<=r) {
		if(a[k].opt==1) ans[a[k].id]+=a[k].c*inq(a[k].y); tmp[i++]=a[k++];
	}
	for(i=l;i<=mid;i++) {
		if(a[i].opt==0) fix(a[i].y,-a[i].c);
	}
	for(i=l;i<=r;i++) a[i]=tmp[i];
}
int main() {
	scanf("%*d%d",&W);
	int opt,x,y,z,w;
	while(1) {
		scanf("%d",&opt);
		if(opt==3) break;
		if(opt==1) {
			scanf("%d%d%d",&x,&y,&z);
			a[++n]=(A){x,y,0,z,0};
		}else {
			m++;
			scanf("%d%d%d%d",&x,&y,&z,&w); x--; y--;
			a[++n]=(A){z,w,1,1,m};
			a[++n]=(A){z,y,1,-1,m};
			a[++n]=(A){x,w,1,-1,m};
			a[++n]=(A){x,y,1,1,m};
		}
	}
	solve(1,n);
	int i;
	for(i=1;i<=m;i++) printf("%d\n",ans[i]);
}