之前看了好几次都没什么思路,今天下定决心把这题切了。

观察到$0-x$的gcd最多变化log次,因为它每次变化一定至少要去掉一个质因子,所以我们可以枚举gcd。

因为数据范围比较小,所以想到了分块。

设T为块的大小。

维护块首到块里每个位置的gcd和xor,再把xor排序。

修改的时候暴力改就行,复杂度$TlogT$。

询问的时候如果gcd在这个块里变化了,就把这个块暴力扫一遍,否则说明gcd在这个块里不变,相当于在区间里查是否有某个特定的值,随便二分一下,复杂度$T log inf+\frac{n}{T}logT$。

 #include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<vector>
#define N 100005
#define d 200
#define ll long long
using namespace std;
const int inf = ;
int gcd(int a,int b)
{
if(!b)return a;
return gcd(b,a%b);
}
int n;
int a[N];
int gd[N],xr[N],be[N];
vector<int>g[N];
vector<int>::iterator it;
bool cmp(int x,int y)
{
if(xr[x]==xr[y])return x<y;
return xr[x]<xr[y];
}
void gai(int x,int y)
{
int k=be[x];a[x]=y;
int l=(k-)*d+,r=min(k*d,n);
int xx=,now=a[l];g[k].clear();
for(int i=l;i<=r;i++)
{
now=gcd(now,a[i]);
xx=xx^a[i];
gd[i]=now;
xr[i]=xx;
g[k].push_back(i);
}
sort(g[k].begin(),g[k].end(),cmp);
}
void solve(ll x)
{
int now=a[];int cnt=,ed,xx=;
for(int i=;i<=n;i+=d)
{
cnt++;ed=min(n,i+d-);
if(gd[ed]%now!=)
{
for(int j=i;j<=ed;j++)
{
if(gd[j]%now!=)now=gcd(now,gd[j]);
if(x%now==&&x/now==(ll)(xx^xr[j]))
{
printf("%d\n",j-);
return ;
}
}
}
else
{
if(x%now==&&x/now<=inf)
{
int tmp=x/now;
int l=,r=g[cnt].size()-;
tmp^=xx;
if(xr[g[cnt][r]]<tmp)
{
xx^=xr[ed];
continue;
}
while(l<r)
{
int mid=(l+r)>>;
if(xr[g[cnt][mid]]>=tmp)r=mid;
else l=mid+;
}
if(xr[g[cnt][r]]==tmp)
{
printf("%d\n",g[cnt][r]-);
return ;
}
}
}
xx^=xr[ed];
}
puts("no");
return ;
}
int main()
{
scanf("%d",&n);
for(int i=;i<=n;i++)scanf("%d",&a[i]);
int cnt=;
for(int i=;i<=n;i+=d)
{
cnt++;
int ed=min(n,i+d-);
int now=a[i];int xx=;
for(int j=i;j<=ed;j++)
{
be[j]=cnt;
now=gcd(now,a[j]);
xx=xx^a[j];
gd[j]=now;
xr[j]=xx;
g[cnt].push_back(j);
}
sort(g[cnt].begin(),g[cnt].end(),cmp);
}
int m;scanf("%d",&m);
char s[];
int t1,t2;ll t3;
for(int i=;i<=m;i++)
{
scanf("%s",s);
if(s[]=='M')
{
scanf("%d%d",&t1,&t2);
t1++;gai(t1,t2);
}
else
{
scanf("%lld",&t3);
solve(t3);
}
}
return ;
}

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