由于没有删边操作,可以先建出整棵森林,之后再用并查集判断是否连通,若连通必然与最后的森林相同

但如果用树链剖分+线段树的形式来优化建图,更具体如下:

建立两颗线段树,左边从儿子连向父亲,右边从父亲连向儿子,再将右边线段树上的连向左边对应的点,那么复杂度为$o(m\log^{3}n)$(前两个$\log$为边数,最后一个$\log$是求最短路)

考虑倍增去建立,由于可以重复建立,用ST表的方法去做即可,这样每一条链只对应于至多4个点(上下各两个),即边数为$o(m)$

还有一个问题,就是如何建立倍增所新增的点之间的边,这个并没有线段树的结构那么简单,如果暴力来说,即对于每一个点,向所有包含其的倍增的链连边,这样的边数是$o(n^{2})$的

下面考虑这样一种方式:对于每一个长度不小于2的倍增的链(即不为一个点),向组成其的两条链连边即可,不难发现此时对于一个点以及包含其的倍增的链,这条链的两部分中总(恰好)有一个部分包含该点,由此归纳即可证明这样的连边与前面暴力等价,这一部分的边数降为$o(n\log n)$

总复杂度为$o(m\log n+n\log^{2}n)$,可以通过

  1 #include<bits/stdc++.h>
2 using namespace std;
3 #define N 50005
4 #define M 1000005
5 #define oo 0x3f3f3f3f
6 #define pii pair<int,int>
7 #define mp make_pair
8 struct Edge{
9 int nex,to,len;
10 }edge[(N<<6)+(M<<4)];
11 struct op{
12 int p,x1,y1,x2,y2,w;
13 }a[M];
14 vector<int>vl,vr,v[N];
15 priority_queue<pii >q;
16 int V,E,n,m,s,fa[N],dep[N],f[N][16],head[N<<5],vis[N<<5],d[N<<5];
17 int find(int k){
18 if (k==fa[k])return k;
19 return fa[k]=find(fa[k]);
20 }
21 bool check(int x,int y){//1表示不相连
22 return find(x)!=find(y);
23 }
24 void merge(int x,int y){
25 fa[find(x)]=find(y);
26 }
27 int id(int k,int x){
28 return (k-1)*16+x+1;
29 }
30 int lca(int x,int y){
31 if (dep[x]<dep[y])swap(x,y);
32 for(int i=15;i>=0;i--)
33 if (dep[f[x][i]]>=dep[y])x=f[x][i];
34 if (x==y)return x;
35 for(int i=15;i>=0;i--)
36 if (f[x][i]!=f[y][i]){
37 x=f[x][i];
38 y=f[y][i];
39 }
40 return f[x][0];
41 }
42 void div(int x,int y,vector<int>&v){
43 int p=15;
44 while ((1<<p)>dep[x]-dep[y]+1)p--;
45 v.push_back(id(x,p));
46 if (dep[x]-dep[y]+1==(1<<p))return;
47 int d=dep[y]+(1<<p)-1;
48 for(int i=15;i>=0;i--)
49 if (dep[f[x][i]]>=d)x=f[x][i];
50 v.push_back(id(x,p));
51 }
52 void dfs(int k,int fa,int s){
53 dep[k]=s;
54 f[k][0]=fa;
55 for(int i=1;i<=15;i++)f[k][i]=f[f[k][i-1]][i-1];
56 for(int i=0;i<v[k].size();i++)
57 if (v[k][i]!=fa)dfs(v[k][i],k,s+1);
58 }
59 void add(int x,int y,int z){
60 edge[E].nex=head[x];
61 edge[E].to=y;
62 edge[E].len=z;
63 head[x]=E++;
64 }
65 void dij(int s){
66 memset(d,oo,sizeof(d));
67 d[s]=0;
68 q.push(mp(0,s));
69 while (!q.empty()){
70 int k=q.top().second;
71 q.pop();
72 if (vis[k])continue;
73 vis[k]=1;
74 for(int i=head[k];i!=-1;i=edge[i].nex)
75 if (d[edge[i].to]>d[k]+edge[i].len){
76 d[edge[i].to]=d[k]+edge[i].len;
77 q.push(mp(-d[edge[i].to],edge[i].to));
78 }
79 }
80 }
81 int main(){
82 scanf("%d%d%d",&n,&m,&s);
83 for(int i=1;i<=n;i++)fa[i]=i;
84 for(int i=1;i<=m;i++){
85 scanf("%d%d%d",&a[i].p,&a[i].x1,&a[i].y1);
86 if (a[i].p==1)scanf("%d%d",&a[i].x2,&a[i].y2);
87 else{
88 if (check(a[i].x1,a[i].y1)){
89 merge(a[i].x1,a[i].y1);
90 v[a[i].x1].push_back(a[i].y1);
91 v[a[i].y1].push_back(a[i].x1);
92 }
93 }
94 scanf("%d",&a[i].w);
95 }
96 for(int i=1;i<=n;i++)
97 if (!f[i][0])dfs(i,i,0);
98 for(int i=1;i<=n;i++)fa[i]=i;
99 memset(head,-1,sizeof(head));
100 V=id(n,15);
101 for(int i=1;i<=n;i++){
102 add(id(i,0),id(i,0)+V,0);
103 add(id(i,0)+V,id(i,0),0);
104 }
105 for(int i=1;i<=n;i++)
106 for(int j=1;j<=15;j++){
107 add(id(i,j-1),id(i,j),0);
108 add(id(f[i][j-1],j-1),id(i,j),0);
109 add(id(i,j)+V,id(i,j-1)+V,0);
110 add(id(i,j)+V,id(f[i][j-1],j-1)+V,0);
111 }
112 for(int i=1;i<=m;i++){
113 if (a[i].p==2){
114 if (check(a[i].x1,a[i].y1)){
115 merge(a[i].x1,a[i].y1);
116 add(id(a[i].x1,0),id(a[i].y1,0)+V,a[i].w);
117 add(id(a[i].y1,0),id(a[i].x1,0)+V,a[i].w);
118 }
119 }
120 else{
121 if ((check(a[i].x1,a[i].y1))||(check(a[i].x2,a[i].y2)))continue;
122 vl.clear(),vr.clear();
123 int z=lca(a[i].x1,a[i].y1);
124 div(a[i].x1,z,vl);
125 div(a[i].y1,z,vl);
126 z=lca(a[i].x2,a[i].y2);
127 div(a[i].x2,z,vr);
128 div(a[i].y2,z,vr);
129 for(int x=0;x<vl.size();x++)
130 for(int y=0;y<vr.size();y++)add(vl[x],vr[y]+V,a[i].w);
131 }
132 }
133 dij(id(s,0));
134 for(int i=1;i<=n;i++){
135 int ans=d[id(i,0)+V];
136 if (ans==oo)ans=-1;
137 printf("%d ",ans);
138 }
139 }

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