SP5971 LCMSUM - LCM Sum
一个基于观察不依赖于反演的做法。
首先 \(\rm lcm\) 是不好算的,转化为计算 \(\rm gcd\) 的问题,求:
\]
注意到 \(\gcd(n - i, n) = \gcd(i, n), (n - i) \times n + in = n ^ 2\),可以考虑将 \(\gcd(n - i, n), \gcd(i, n)\) 一起计算。
具体地,将原式乘 \(2\), 前后配对。需要注意的是会多出一项,需要额外拿出来。
\]
按照技巧枚举 \(d = \gcd(i, n)\):
\]
后面的部分可以除去 \(d\):
\]
即:
\]
方便起见枚举 \(d = \frac{n}{d}\):
\]
中间的求和部分与 \(n\) 无关,直接枚举 \(d\) 再枚举倍数累加贡献即可,复杂度 \(O(n \ln n + T)\)。
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define int long long
#define rep(i, l, r) for (int i = l; i <= r; ++i)
const int N = 1000000 + 5;
bool iprime[N];
int T, n, tot, phi[N], ans[N], prime[N];
int read() {
char c; int x = 0, f = 1;
c = getchar();
while (c > '9' || c < '0') { if(c == '-') f = -1; c = getchar();}
while (c >= '0' && c <= '9') x = x * 10 + c - '0', c = getchar();
return x * f;
}
signed main() {
T = read();
iprime[1] = phi[1] = 1;
rep(i, 2, N - 5) {
if(!iprime[i]) prime[++tot] = i, phi[i] = i - 1;
for (int j = 1; j <= tot && i * prime[j] <= N - 5; ++j) {
iprime[i * prime[j]] = 1;
if(i % prime[j] == 0) { phi[i * prime[j]] = phi[i] * prime[j]; break;}
phi[i * prime[j]] = phi[i] * phi[prime[j]];
}
}
rep(i, 1, N - 5) for (int j = i; j <= N - 5; j += i) ans[j] += i * phi[i];
while (T--) n = read(), printf("%lld\n", (n * ans[n] + n) / 2);
return 0;
}
值得一提的是,如果答案贡献式各个部分都包含变量时,通过观察和一些技巧减少变量的个数是一种简化问题的手段。
SP5971 LCMSUM - LCM Sum的更多相关文章
- SPOJ LCMSUM - LCM Sum
题意是求: $\sum_{i = 1}^{n}lcm(i, n)$ $= \sum_{i = 1}^{n}\frac{ni}{gcd(i, n)}$ $= n\sum_{i = 1}^{n}\frac ...
- SP5971 LCMSUM 数论
题面 题目要我们求这个: \[\sum_{i=1}^n lcm(i,n)\] 开始化式子: \[\sum_{i=1}^{n} \frac{i*n}{gcd(i,n)}\] \[\sum_{d|n} \ ...
- 询问任意区间的min,max,gcd,lcm,sum,xor,or,and
给我们n个数,然后有m个询问,每个询问为L,R,询问区间[L,R]的最大最小值,最小公约数,最大公约数,和,异或,或,且 这些问题通通可以用RMQ的思想来解决. 以下用xor来作为例子 设dp[i][ ...
- gcd套路变换
gcd套路变换 GCD https://www.luogu.org/problem/P2568 给定整数N,求1<=x,y<=N且Gcd(x,y)为素数的数对(x,y)有多少对. $ 1& ...
- X000011
P1890 gcd区间 \(\gcd\) 是满足结合律的,所以考虑用 ST 表解决 时间复杂度 \(O((n\log n+m)\log a_i)\) 考虑到 \(n\) 很小,你也可以直接算出所有的区 ...
- 初等数论学习笔记 III:数论函数与筛法
初等数论学习笔记 I:同余相关. 初等数论学习笔记 II:分解质因数. 1. 数论函数 本篇笔记所有内容均与数论函数相关.因此充分了解各种数论函数的名称,定义,符号和性质是必要的. 1.1 相关定义 ...
- 数位DP入门
HDU 2089 不要62 DESC: 问l, r范围内的没有4和相邻62的数有多少个. #include <stdio.h> #include <string.h> #inc ...
- BZOJ 1853: [Scoi2010]幸运数字
1853: [Scoi2010]幸运数字 Time Limit: 2 Sec Memory Limit: 64 MBSubmit: 2117 Solved: 779[Submit][Status] ...
- 数位DP之小小结
资料链接:http://wenku.baidu.com/view/9de41d51168884868662d623.html http://wenku.baidu.com/view/d2414ffe0 ...
随机推荐
- 洛谷 P3431:[POI2005]AUT-The Bus(离散化+DP+树状数组)
题目描述 The streets of Byte City form a regular, chessboardlike network - they are either north-south o ...
- PL2586旺玖|USB 2.0HUB 工业级芯片|PROLIFIC PL2586
工业级 USB 2.0 HUB 高速4端口集线器控制器 PL2586 1.PL2586说明 PL2586是USB 2.0高速4端口集线器控制器的高性能解决方案,完全符合通用串行总线规范2.0.控 ...
- Linux远程操作
应用场景 公司开发时候,具体的应用场景是这样的1.linux服务器是开发小组共享 正式上线的项目是运行在公网 因此程序员需要远程登录到Linux进行项目管理或者开发 远程登录客户端有Xshell6,X ...
- docker学习:docker镜像
镜像是什么 镜像是一种轻量级.可执行的独立软件包,用来打包软件运行环境和基于运行环境开发的软件,它包含运行某个软件所需的所有内容,包括代码.运行时.库.环境变量和配置文件. UnionFS(联合文件系 ...
- JZOJ 3296 Luogu P3296 [SDOI2013]刺客信条
前言 做法来自:@pzrpzr ,写一下!Orz pzr! 题目大意 \(n\) 个点的无根树,每个点有两个 \(0/1\) 权值,合适地安排节点在同构树中的顺序,使得前后对应的权值不同节点个数最小, ...
- docker容器的本质
1. 容器其实就是Linux下一个特殊的进程: 2. Docker容器通过namespace实现进程隔离通过cgroups实现资源限制: 3. Docker镜像(rootfs)是一个操作系统的所有文件 ...
- post请求后获取不到请求头信息的原因
在前台获取数据时,因为没有条件,所以不用传数据,用的post请求.再添加token验证时想着前端在请求时直接添加一个请求头信息就ok 没想到后台却获取不到请求头信息,打印了下日志发现是null,这是怎 ...
- HDURomantic
Problem - 1004 (hdu.edu.cn) 扩展欧几里得解决线性同余方程.先得到gcd的解,再恢复原解,因为知道通解的一般形式,所以通过模来得到最小正整数解.另一个可以通过相减,或者一样的 ...
- 解惑rJava R与Java的高速通道
解惑rJava R与Java的高速通道 R的极客理想系列文章,涵盖了R的思想,使用,工具,创新等的一系列要点,以我个人的学习和体验去诠释R的强大. R语言作为统计学一门语言,一直在小众领域闪耀着光芒. ...
- C# 计算三角形和长方形 周长面积
编写一个控制台应用程序,输入三角形或者长方形边长,计算其周长和面积并输出. 代码如下: using System; using System.Collections.Generic; using Sy ...