Description

Input

一行,一个字符串S

Output

一行,一个整数,表示所求值

Sample Input

cacao

Sample Output

54

HINT

2<=N<=500000,S由小写英文字母组成

Solution

后缀自动机的fa指针反向以后可以形成一个树结构,称作Parent树
一个节点的father是他的最长后缀,那么很显然任意两个子串的最长公共后缀位于它们Parent树对应节点的lca处
为了利用这个性质,可以把串反过来建立SAM,问题转化成对这个串的所有前缀求最长公共后缀
要注意只有np节点才能代表前缀
一对对枚举前缀求lcs显然是不可能的,可以考虑对于每个子串,它是多少对前缀的最长公共后缀
也就是对于每个节点,求它是多少对前缀节点的LCA
然后DFS一下就好了

Code

 #include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#define N (1000000+1000)
using namespace std; struct Edge{int to,next;}edge[N<<];
long long ans;
int head[N],num_edge;
char s[N]; void add(int u,int v)
{
edge[++num_edge].to=v;
edge[num_edge].next=head[u];
head[u]=num_edge;
} struct SAM
{
int fa[N],son[N][],right[N],step[N],od[N],wt[N],size[N];
int p,q,np,nq,last,cnt;
SAM(){last=++cnt;} void Insert(int x)
{
p=last; last=np=++cnt; step[np]=step[p]+; size[np]=;
while (p && !son[p][x]) son[p][x]=np,p=fa[p];
if (!p) fa[np]=;
else
{
q=son[p][x];
if (step[p]+==step[q]) fa[np]=q;
else
{
nq=++cnt; step[nq]=step[p]+;
memcpy(son[nq],son[q],sizeof(son[q]));
fa[nq]=fa[q]; fa[q]=fa[np]=nq;
while (son[p][x]==q) son[p][x]=nq,p=fa[p];
}
}
}
void Dfs(int x,int fa)
{
long long sum=,is_one=(size[x]==);
for (int i=head[x]; i; i=edge[i].next)
if (edge[i].to!=fa)
{
Dfs(edge[i].to,x);
size[x]+=size[edge[i].to];
ans-=*sum*size[edge[i].to]*step[x];
sum+=size[edge[i].to];
}
if (is_one) ans-=2ll*(size[x]-)*step[x];
}
}SAM; int main()
{
scanf("%s",s);
long long len=strlen(s);
ans=(len-)*len/*(len+);
for (int i=len-; i>=; --i)
SAM.Insert(s[i]-'a');
for (int i=; i<=SAM.cnt; ++i)
add(i,SAM.fa[i]),add(SAM.fa[i],i);
SAM.Dfs(,-);
printf("%lld",ans);
}

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