格子刷油漆【动态规划问题】—NYOJ 980
个人博客页:https://www.scriptboy.cn/198.html
出处:蓝桥杯
题目描述:
X国的一段古城墙的顶端可以看成 2*N个格子组成的矩形(如下图所示),现需要把这些格子刷上保护漆。
你可以从任意一个格子刷起,刷完一格,可以移动到和它相邻的格子(对角相邻也算数),但不能移动到较远的格子(因为油漆未干不能踩!)
比如:a d b c e f 就是合格的刷漆顺序。
c e f d a b 是另一种合适的方案。
当已知 N 时,求总的方案数。当N较大时,结果会迅速增大,请把结果对 1000000007 (十亿零七) 取模。
输入:
输入数据为一个正整数(不大于1000)
输出:
输出数据为一个正整数。
样例输入:
|
2
3
22
|
样例输出:
|
24
96
359635897
|
思路:
固定起点,由于如果起点在中间(第2~N-1列)可以分为左右两边来讨论,这时起点都是角格子。假如
a[i]
表示2*i
的格子从左上角开始刷刷完所有格子的方案数(其中i表示列数,1<=i<=N
),有三种刷法刷完所有格子:
- 先向下刷(即先刷左下角),向下刷完之后有两种方法跳到下一列,刷完剩下的
i-1
列需要2*a[i-1]
;- 向下一列刷,最后刷左下角,可以看出不能同列刷,只能一直向右刷,且在没有到最后一列之前是不能返回,所以刷完所有格子有2^i个方案;(此种情况比较特殊,后面需要还要用到,所以单独用
b[i]
存储下来)- 向下一列刷,有两种方案到下一列,然后返回左下角,再刷下一列未刷格子之后,然后有两种方案再到下一列,可见有四种方案到下下列,所以刷完所有格子有
4*a[i-2]
个方案;总之,就是左下角格子什么时候刷,造成了不同的情况。如果是起点不在角格子上,不难看出,可以将左右两侧分割成
2*i
和2*(N-i)
的矩形,需要其中一个矩形使用第2种刷法刷才能回到另一个矩形中。参考:https://blog.csdn.net/roosevelty/article/details/50706322
AC代码:
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
13
14
15
16
17
18
19
20
21
22
23
24
25
26
27
28
29
30
31
32
33
34
35
|
#include <bits/stdc++.h>
#define mod 1000000007
using namespace std;
long long a[1005], b[1005], sum;
int main()
{
int N;
while(cin >> N)
{
sum = 0;
b[1] = 1;
for(int i = 2; i <= N; i++)
{
b[i] = b[i-1] * 2 % mod;
}
a[1] = 1;
a[2] = 6;
for(int i = 3; i <= N; i++)
{
a[i] = b[i] + a[i-2]*4 + a[i-1]*2;
a[i] %= mod;
}
sum += 4*a[N]; // 四个角的情况
// 中间为起点的情况
for(int i = 2; i < N; i++)
{
sum += (2*b[i]*2*a[N-i]+2*a[i-1]*2*b[N-i+1])%mod;
}
if(N == 1) sum = 2;
cout << sum %mod << endl;
}
return 0;
}
|
格子刷油漆【动态规划问题】—NYOJ 980的更多相关文章
- NYOJ 980 格子刷油漆 动态规划
这道题目状态转移方程比较复杂,刚开始以为没这么多情况,看了好多大牛的博客再加上与同学讨论才看懂,写下心得. 因为起点不固定,所以我们一个一个来考虑,先从角上考虑,设三个数组来表示分别为D,A,Sum, ...
- 算法笔记_185:历届试题 格子刷油漆(Java)
目录 1 问题描述 2 解决方案 1 问题描述 问题描述 X国的一段古城墙的顶端可以看成 2*N个格子组成的矩形(如下图所示),现需要把这些格子刷上保护漆. 你可以从任意一个格子刷起,刷完一格,可 ...
- 格子刷油漆(dp)-----------蓝桥备战系列
标题:格子刷油漆 X国的一段古城墙的顶端可以看成 2*N个格子组成的矩形(如图1所示),现需要把这些格子刷上保护漆. 你可以从任意一个格子刷起,刷完一格,可以移动到和它相邻的格子(对角相邻也算数),但 ...
- Java实现蓝桥杯历届试题格子刷油漆
问题描述 X国的一段古城墙的顶端可以看成 2*N个格子组成的矩形(如下图所示),现需要把这些格子刷上保护漆. 你可以从任意一个格子刷起,刷完一格,可以移动到和它相邻的格子(对角相邻也算数),但不能移动 ...
- [蓝桥杯]PREV-15.历届试题_格子刷油漆
题目描述: 代码如下: #include <stdio.h> #include <stdlib.h> #include <string.h> #define MOD ...
- hihoCoder #1055 : 刷油漆 [ 树形dp ]
传送门 结果:Accepted 提交时间:2015-05-11 10:36:08 #1055 : 刷油漆 时间限制:10000ms 单点时限:1000ms 内存限制:256MB 描述 上回说到 ...
- HihoCoder第十二周:刷油漆
#1055 : 刷油漆 时间限制:10000ms 单点时限:1000ms 内存限制:256MB 描述 上回说到,小Ho有着一棵灰常好玩的树玩具!这棵树玩具是由N个小球和N-1根木棍拼凑而成,这N个小球 ...
- hiho_1055_刷油漆
题目大意 一棵树,每个节点都有相应的value值.从根开始选择M个节点相互连通,使得这些节点的value值之和最大. 题目链接:[刷油漆][1] 题目分析 典型的树形dp,dp[i][j] 表示以节点 ...
- HihoCoder 1055 : 刷油漆 树形DP第一题(对象 点)
刷油漆 时间限制:10000ms 单点时限:1000ms 内存限制:256MB 描述 上回说到,小Ho有着一棵灰常好玩的树玩具!这棵树玩具是由N个小球和N-1根木棍拼凑而成,这N个小球都被小Ho标上了 ...
随机推荐
- Python学习笔记 - 函数参数
>>> def power(x): ... return x * x ... >>> power(5) 25 >>> def power(x, n ...
- Android 上滑上拉菜单SlidingDrawer 不全屏显示的方法
这里来说一个已经被废弃的SlidingDrawer.. 他可以实现上拉,下拉的菜单. 但是有个问题就是上拉以后,是全屏显示的. 首先 写一个布局: <RelativeLayout xmlns:a ...
- Linux内核中SPI总线驱动分析
本文主要有两个大的模块:一个是SPI总线驱动的分析 (研究了具体实现的过程): 另一个是SPI总线驱动的编写(不用研究具体的实现过程). 1 SPI概述 SPI是英语Serial Peripheral ...
- Android特效专辑(八)——实现心型起泡飞舞的特效,让你的APP瞬间暖心
Android特效专辑(八)--实现心型起泡飞舞的特效,让你的APP瞬间暖心 马上也要放年假了,家里估计会没网,更完这篇的话,可能要到年后了,不过在此期间会把更新内容都保存在本地,这样有网就可以发表了 ...
- 苹果新的编程语言 Swift 语言进阶(一)--综述
Swift 是苹果开发和提供的供开发IOS 和OS X应用的一门新的语言.Swift语言基于C 和Objective-C语言,除了提供C 和Objective-C语言具有的所有语法功能外,为了编程方便 ...
- 不错的网络协议栈测试工具 — Packetdrill
Packetdrill - A network stack testing tool developed by Google. 项目:https://code.google.com/p/packetd ...
- C语言之linux内核实现最大公约数算法
最大公约数算法,又称欧几里德算法,至今已有几千年的历史了.在我们开始学习C语言的时候最常用的算法就是辗转相除法,其实在linux内核中,内核也是使用这样的方法实现两数最大公约数的计算. 两个整数的最大 ...
- android decorView详解
摘要 一.DecorView为整个Window界面的最顶层View. 二.DecorView只有一个子元素为LinearLayout.代表整个Window界面,包含通知栏,标题栏,内容显示栏三块区域. ...
- Mina源码阅读笔记(三)-Mina的连接IoAccpetor
其实在mina的源码中,IoService可以总结成五部分service责任.Processor线程处理.handler处理器.接收器和连接器,分别对应着IoService.IoProcessor.I ...
- 遗传算法解决TSP问题实现以及与最小生成树的对比
摘要: 本实验采用遗传算法实现了旅行商问题的模拟求解,并在同等规模问题上用最小生成树算法做了一定的对比工作.遗传算法在计算时间和占用内存上,都远远优于最小生成树算法. 程序采用Microsoft vi ...