【Trie】背单词
参考博客:
https://www.luogu.org/problemnew/solution/P3294
https://blog.csdn.net/VictoryCzt/article/details/87186287
【题意】
题意如果看不懂,请到第二个链接去推一推事例,你就明白这个过程了。
来自题解中glf大佬的解析。
这题目描述真是令人窒息。
3个条件的意思大概是这样:
(1).如果有单词作为现在正在填入的单词的后缀但并未填入,将花费n*n的代价。
(2).如果没有单词作为当前填入单词的后缀,代价为当前填入单词序号x
(3).如果所有作为该单词的后缀的单词之前都已经填入,那么代价为当前序号x-最后一个作为当前单词的后缀的单词的序号y。
【题解】
读懂题以后这道题还是比较明显的贪心。第1个条件提示一定是先将所有作为后缀的单词填入,因为如果不这样填不管怎么样代价都小于n*n。
由于询问的是后缀,所以后缀相同其实等价于反串的前缀相同,所以倒着建立一个trie树。
这时问题转化为求一棵树的拓扑序,满足儿子与父亲的编号差的和最小,所以可以直接贪心来做,简单观察发现,对于某一刻,无论选哪个节点,总代价都会增大目前能扫到的第一个标记点的总量。
要使总代价最少,那么这次选的点一定要使以后增加的点最小.
所以记录一下每个点能看到的,以及这一个子树下分支总量,一定优先处理分支更小的子树。
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<vector>
#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int N = 5e5 + 1e4 + ;
const int M = N * ;
long long ans = ;
char s[M];
int n,idx;
int End[M],Son[N*][];
int pre[M],ID[M],Sz[M],num;
vector< int > G[N] ;
int Find( int x ){
if(pre[x]==x)return pre[x];
else return pre[x]=Find(pre[x]);
}
void Insert(int No){
int p = ;
for(int i=strlen(s)-; ~i ; i--){
int t = s[i] - 'a';
if( !Son[p][t] ) Son[p][t] = ++idx;
p = Son[p][t];
}
End[p] = No ;
}
void Build(int x ){
for(int i=;i<;i++){
int t = Son[x][i] ;
if( t ) {
if( !End[t] ){
pre[t] = Find(x);
}else{
G[End[Find(x)]].push_back(End[t]);
}
Build(t);
}
}
}
int cmp(int u, int v ){
return Sz[u] < Sz[v] ;
}
void dfs_Size( int u ){
Sz[u] = ;
for(auto x : G[u] ){
dfs_Size(x);
Sz[u] += Sz[x];
}
sort ( G[u].begin() , G[u].end() , cmp );
}
void dfs_Sum(int u){
ID[u] = num ++ ;
for( auto x : G[u] ){
ans += num - ID[u];
dfs_Sum(x);
}
}
void Check(int x)
{
for( auto v : G[x] )
{
cout<<v<<endl;
Check(v);
}
}
int main(){
scanf("%d",&n);
for(int i=;i<=n;i++){
scanf("%s",s);
Insert(i);
}
for(int i=;i<=idx;i++){
pre[i] = i ;
}
Build() ;
dfs_Size();
dfs_Sum();
//Check(0);
printf("%lld\n",ans);
return ;
}
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