洛谷 P1231 教辅的组成
P1231 教辅的组成
题目背景
滚粗了的HansBug在收拾旧语文书,然而他发现了什么奇妙的东西。
题目描述
蒟蒻HansBug在一本语文书里面发现了一本答案,然而他却明明记得这书应该还包含一份练习题。然而出现在他眼前的书多得数不胜数,其中有书,有答案,有练习册。已知一个完整的书册均应该包含且仅包含一本书、一本练习册和一份答案,然而现在全都乱做了一团。许多书上面的字迹都已经模糊了,然而HansBug还是可以大致判断这是一本书还是练习册或答案,并且能够大致知道一本书和答案以及一本书和练习册的对应关系(即仅仅知道某书和某答案、某书和某练习册有可能相对应,除此以外的均不可能对应)。既然如此,HansBug想知道在这样的情况下,最多可能同时组合成多少个完整的书册。
输入输出格式
输入格式:
第一行包含三个正整数N1、N2、N3,分别表示书的个数、练习册的个数和答案的个数。
第二行包含一个正整数M1,表示书和练习册可能的对应关系个数。
接下来M1行每行包含两个正整数x、y,表示第x本书和第y本练习册可能对应。(1<=x<=N1,1<=y<=N2)
第M1+3行包含一个正整数M2,表述书和答案可能的对应关系个数。
接下来M2行每行包含两个正整数x、y,表示第x本书和第y本答案可能对应。(1<=x<=N1,1<=y<=N3)
输出格式:
输出包含一个正整数,表示最多可能组成完整书册的数目。
输入输出样例
说明
样例说明:
如题,N1=5,N2=3,N3=4,表示书有5本、练习册有3本、答案有4本。
M1=5,表示书和练习册共有5个可能的对应关系,分别为:书4和练习册3、书2和练习册2、书5和练习册2、书5和练习册1以及书5和练习册3。
M2=5,表示数和答案共有5个可能的对应关系,分别为:书1和答案3、书3和答案1、书2和答案2、书3和答案3以及书4和答案3。
所以,以上情况的话最多可以同时配成两个书册,分别为:书2+练习册2+答案2、书4+练习册3+答案3。
数据规模:
N<=10000
对于数据点1, 2, 3,M1,M2<= 20
对于数据点4~10,M1,M2 <= 20000
这题是网络流吗,我刚刚看着题时还是很懵……
后来发现对应关系其实就是一条边,那么练习册,答案,书,哪个是图呢?
还记得之前博客中的马语翻译?
相信你已经知道了,全看成图,1~N2为练习本,N2+1~N2+N1为书,之后为答案,
很明显,我们假设练习本为源点,答案为汇点,那么会发现,这是个多源点,多汇点的图。
我们可以合并,令0为超级源点,连接0和练习本,再令一个超级汇点,就OK了
这样打代码就AC了??
NO!很明显,一本书只能匹配一次,即每个点只能经过一次,所以要拆点。
把书分成2个部分,各自和练习本,答案相连,再把这两个部分相连,就避免了(想想,为什么)
然后用刚刚发表的那几个算法套模板就AC了,建议用dinic
AC代码如下:
#include<cstdio> #include<algorithm> #include<queue> #include<cstring> using namespace std; +; <<; struct p{ int nxt,to,w; }e[*M]; int fir[M]; int pos[M]; int n1,n2,n3,m1,m2,x,y,s,t,tot; queue<int>q; void add(int f,int t) { e[tot].nxt=fir[f]; e[tot].to=t; e[tot].w=; fir[f]=tot; tot++; e[tot].nxt=fir[t]; e[tot].to=f; e[tot].w=; fir[t]=tot; tot++; } int dfs(int now,int flow) { ) return flow; ,res=; ;i=e[i].nxt) { int u=e[i].to; &&e[i].w>) { did=dfs(u,min(e[i].w,flow)); ) continue; flow-=did; res+=did; e[i].w-=did; e[i^].w+=did; if(!flow) break; } } ) pos[now]=-; return res; } bool bfs() { memset(pos,,sizeof(pos)); while(!q.empty()) q.pop(); pos[]=; q.push(); while(!q.empty()) { int no=q.front(); q.pop(); ; ;i=e[i].nxt) ) pos[e[i].to]=pos[no]+,q.push(e[i].to); } ; } void solve() { ; while(bfs()) { ans+=dfs(,INF); } printf("%d",ans); return; } int main() { memset(fir,-,sizeof(fir)); scanf("%d%d%d%d",&n1,&n2,&n3,&m1); s=,t=n1*+n2+n3+; ;i<=m1;i++) scanf("%d%d",&x,&y),add(y,x+n2); scanf("%d",&m2); ;i<=m2;i++) scanf(*n1); ;i<=n2;i++) add(,i); ;i<=n1;i++) add(n2+i,n2+n1+i); ;i<=n3;i++) add(n2+*n1+i,t); solve(); ; }
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