题解:仍然是无脑树剖,要注意一下边权,然而这种没有初始边权的题目其实和点权也没什么区别了

代码如下:

#include<cstdio>
#include<vector>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#define lson root<<1
#define rson root<<1|1
using namespace std; struct node
{
int lazy,sum,l,r;
} tr[];
int deep[],fa[],son[],size[],id[],top[],cnt;
vector<int> g[]; void push_up(int root)
{
tr[root].sum=tr[lson].sum+tr[rson].sum;
} void push_down(int root)
{
int mid=(tr[root].l+tr[root].r)>>;
tr[lson].sum+=tr[root].lazy*(mid-tr[root].l+);
tr[lson].lazy+=tr[root].lazy;
tr[rson].sum+=tr[root].lazy*(tr[root].r-mid);
tr[rson].lazy+=tr[root].lazy;
tr[root].lazy=;
} void build(int root,int l,int r)
{
if(l==r)
{
tr[root].l=l;
tr[root].r=r;
tr[root].sum=;
return ;
}
tr[root].l=l;
tr[root].r=r;
int mid=(l+r)>>;
build(lson,l,mid);
build(rson,mid+,r);
push_up(root);
} void update(int root,int l,int r,int val)
{
if(l>r)
{
return;
}
if(l==tr[root].l&&tr[root].r==r)
{
tr[root].sum+=val*(tr[root].r-tr[root].l+);
tr[root].lazy+=val;
return ;
}
if(tr[root].lazy)
{
push_down(root);
}
int mid=(tr[root].l+tr[root].r)>>;
if(l>mid)
{
update(rson,l,r,val);
}
else
{
if(r<=mid)
{
update(lson,l,r,val);
}
else
{
update(lson,l,mid,val);
update(rson,mid+,r,val);
}
}
push_up(root);
} int query(int root,int l,int r)
{
if(l>r)
{
return ;
}
if(l==tr[root].l&&r==tr[root].r)
{
return tr[root].sum;
}
if(tr[root].lazy)
{
push_down(root);
}
int mid=(tr[root].l+tr[root].r)>>;
if(l>mid)
{
return query(rson,l,r);
}
else
{
if(r<=mid)
{
return query(lson,l,r);
}
}
return query(lson,l,mid)+query(rson,mid+,r);
} void dfs1(int now,int f,int dep)
{
deep[now]=dep;
fa[now]=f;
size[now]=;
int maxson=-;
for(int i=; i<g[now].size(); i++)
{
if(g[now][i]==f)
{
continue;
}
dfs1(g[now][i],now,dep+);
size[now]+=size[g[now][i]];
if(size[g[now][i]]>maxson)
{
son[now]=g[now][i];
maxson=size[g[now][i]];
}
}
} void dfs2(int now,int topf)
{
id[now]=++cnt;
top[now]=topf;
if(!son[now])
{
return ;
}
dfs2(son[now],topf);
for(int i=; i<g[now].size(); i++)
{
if(fa[now]==g[now][i]||son[now]==g[now][i])
{
continue;
}
dfs2(g[now][i],g[now][i]);
}
} void path_update(int x,int y,int val)
{
while(top[x]!=top[y])
{
if(deep[top[x]]<deep[top[y]])
{
swap(x,y);
}
update(,id[top[x]],id[x],val);
x=fa[top[x]];
}
if(deep[x]>deep[y])
{
swap(x,y);
}
update(,id[x]+,id[y],val);
} int path_query(int x,int y)
{
int ans=;
while(top[x]!=top[y])
{
if(deep[top[x]]<deep[top[y]])
{
swap(x,y);
}
ans+=query(,id[top[x]],id[x]);
x=fa[top[x]];
}
if(deep[x]>deep[y])
{
swap(x,y);
}
ans+=query(,id[x]+,id[y]);
return ans;
} int main()
{
int n,m;
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=; i<=n-; i++)
{
int from,to;
scanf("%d%d",&from,&to);
g[from].push_back(to);
g[to].push_back(from);
}
dfs1(,,);
dfs2(,);
build(,,n);
for(int i=; i<=m; i++)
{
int from,to;
char kd;
scanf("\n%c %d %d",&kd,&from,&to);
if(kd=='P')
{
path_update(from,to,);
}
if(kd=='Q')
{
printf("%d\n",path_query(from,to));
}
}
}

洛谷 P3038 [USACO11DEC]牧草种植Grass Planting(树链剖分)的更多相关文章

  1. 洛谷P3038 [USACO11DEC]牧草种植Grass Planting

    题目描述 Farmer John has N barren pastures (2 <= N <= 100,000) connected by N-1 bidirectional road ...

  2. 洛谷 P3038 [USACO11DEC]牧草种植Grass Planting

    题目描述 Farmer John has N barren pastures (2 <= N <= 100,000) connected by N-1 bidirectional road ...

  3. P3038 [USACO11DEC]牧草种植Grass Planting

    题目描述 Farmer John has N barren pastures (2 <= N <= 100,000) connected by N-1 bidirectional road ...

  4. ⌈洛谷1505⌋⌈BZOJ2157⌋⌈国家集训队⌋旅游【树链剖分】

    题目链接 [洛谷] [BZOJ] 题目描述 Ray 乐忠于旅游,这次他来到了T 城.T 城是一个水上城市,一共有 N 个景点,有些景点之间会用一座桥连接.为了方便游客到达每个景点但又为了节约成本,T ...

  5. AC日记——[USACO11DEC]牧草种植Grass Planting 洛谷 P3038

    题目描述 Farmer John has N barren pastures (2 <= N <= 100,000) connected by N-1 bidirectional road ...

  6. 树链剖分【p3038】[USACO11DEC]牧草种植Grass Planting

    表示看不太清. 概括题意 树上维护区间修改与区间和查询. 很明显树剖裸题,切掉,细节处错误T了好久 TAT 代码 #include<cstdio> #include<cstdlib& ...

  7. [USACO11DEC]牧草种植Grass Planting

    图很丑.明显的树链剖分,需要的操作只有区间修改和区间查询.不过这里是边权,我们怎么把它转成点权呢?对于E(u,v),我们选其深度大的节点,把边权扔给它.因为这是树,所以每个点只有一个父亲,所以每个边权 ...

  8. 【LuoguP3038/[USACO11DEC]牧草种植Grass Planting】树链剖分+树状数组【树状数组的区间修改与区间查询】

    模拟题,可以用树链剖分+线段树维护. 但是学了一个厉害的..树状数组的区间修改与区间查询.. 分割线里面的是转载的: ----------------------------------------- ...

  9. [USACO11DEC] Grass Planting (树链剖分)

    题目描述 Farmer John has N barren pastures (2 <= N <= 100,000) connected by N-1 bidirectional road ...

随机推荐

  1. 【Python】 上下文管理器和contextlib

    上下文管理器 一直对python中的上下文管理比较迷惑,趁着今天研究SQLAlchemy顺便看了一下,感觉稍微清楚了一点.http://www.cnblogs.com/chenny7/p/421344 ...

  2. 本地不安装oracle,PLsql远程连接

    Oracle的Instant client工具包可以很好地解决本地不安装oracle,PLsql远程连接. 1.首先到Oracle网站下载Instant Client : http://www.ora ...

  3. C++顺序容器知识总结

    容器是一种容纳特定类型对象的集合.C++的容器可以分为两类:顺序容器和关联容器.顺序容器的元素排列和元素值大小无关,而是由元素添加到容器中的次序决定的.标准库定义了三种顺序容器的类型:vector.l ...

  4. 关于使用Mybatis的使用说明(一)【未完善待更新】

    (一)搭建Mybatis环境 (1)先导入常用的jar包:并且需要将lib文件夹下的包导入到项目中 (2)创建config文件夹,配置log4j.properties文件 # Global loggi ...

  5. ECEF和大地坐标系的相互转化

    在阅读 RTKLIB的源码时,发现了ECEF和大地坐标系的相互转换的函数,大地坐标系(φ,λ,h)转成ECEF(X,Y,Z)与所看书籍(GPS原理与接收机,谢刚,电子工业出版社)的公式是一样的,而EC ...

  6. 【Alpha版本】冲刺阶段 - Day4 - 加速

    今日进展 袁逸灏:实现音乐的播放.(5h) 启动类,游戏画面类(修改类) 刘伟康:继续借鉴其他 alpha 冲刺博客,了解了Android方面的部分内容,便于更好地推进进度.(2h) 刘先润:更新图画 ...

  7. 201621123050 《Java程序设计》第10周学习总结

    1. 本周学习总结 1.1 以你喜欢的方式(思维导图或其他)归纳总结异常相关内容. 2. 书面作业 本次PTA作业题集异常 1. 常用异常 结合题集题目7-1回答 1.1 自己以前编写的代码中经常出现 ...

  8. 【转载】NetFPGA-1G-CML从零开始环境配置

    ##环境 深度Linux ###环境配置 ```bash sudo apt-get install libsigc++ sudo apt-get install qgit sudo apt-get i ...

  9. Android网络传输中必用的两个加密算法:MD5 和 RSA 及Base64加密总结

    (1)commons-codec包简介 包含一些通用的编码解码算法.包括一些语音编码器,Hex,Base64.MD5 一.md5.base64.commons-codec包 commons-codec ...

  10. 亚马逊AWS学习——VPC里面几个概念的关系

    VPC中涉及几个概念: VPC 子网 路由表 Internet网关 安全组 今天来讲讲这几个概念之间的关系. 1. VPC 说的就是VPC,当然VPC范围是最大的,VPC即virtual privat ...