题目链接:

https://vjudge.net/problem/POJ-2184

题目大意:

给出num(num<=100)头奶牛的S和F值(-1000<=S,F<=1000),要求在这几头奶牛中选出若干头,使得在其总S值TS和总F值TF均不为负的前提下,求最大的TS+TF值

思路:

可以把S当体积,F当价值做01背包。但是注意是S可为负,所以整体加100000,然后要注意DP顺序,S为负是要顺序,为正时逆序。

还有就是注意DP时的范围,凡是可能影响的都要包括。

 //#include<bits/stdc++.h>
#include<iostream>
#include<cstring>
using namespace std;
const int maxn = ;
const int maxm = 2e5+;
const int INF = 0x3f3f3f3f;
int v[maxn], w[maxn];
int dp[maxm];
int T, n;
double m;
int main()
{
int k = ;//整体偏移k位,dp[k]就是标准的dp[0]
while(cin >> n)
{
memset(dp, -INF, sizeof(dp));
dp[k] = ;//注意初始化
int x, y;
for(int i = ; i < n; i++)
{
cin >> x >> y; //这里不能写if(x+y<0)continue;这是错误的贪心,一开始因为这个地方一直WA,因为有些x+y<0加入是由于x>0 y<0,x的加入使得x和其他的最优解非负
if(x <= && y <= )continue;//可以直接由贪心排除 if(x < )//x小于0,dp转移方向从前往后,因为每一步dp[i]需要dp[i-x]更新,由于是负数i-x>i
{
for(int i = ; i <= * k + x; i++)
if(dp[i - x] > -INF)//这里不能省略,如果dp[i - x]为-INF,那么就不可以更新前面的值
dp[i] = max(dp[i], dp[i - x] + y);
} else //x大于0,dp转移方向从后往前,就是01背包
{
for(int i = * k; i >= x; i--)
if(dp[i - x] > -INF)
dp[i] = max(dp[i], dp[i - x] + y);
}
}
int ans = ;
for(int i = k; i <= * k; i++)//从k开始,结果减去k
if(dp[i] >= )//此处必须大于0,因为dp[i]为TF的值,题目要求TF非负
ans = max(ans, dp[i] + i - k);
cout<<ans<<endl;
}
return ;
}

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