【BZOJ2653】middle 二分+可持久化线段树
【BZOJ2653】middle
Description
Input
Output
Q行依次给出询问的答案。
Sample Input
170337785
271451044
22430280
969056313
206452321
3
3 1 0 2
2 3 1 4
3 1 4 0
271451044
271451044
969056313
Sample Output
HINT
0:n,Q<=100
1,...,5:n<=2000
0,...,19:n<=20000,Q<=25000
题解:好吧这题不看题解还真的很难想~
首先二分中位数还是挺好像的,但问题是怎么判断一个中位数是否可行。一个中位数mid可行的条件是序列中(≥mid的数的个数)≥(<mid的数的个数),也就是说,我们将比≥mid的数看成1,<mid的数看成-1,那么需要存在一段区间,使得区间和非负。这又和可持久化线段树有什么关系呢?
我们将所有数排序,然后令1-n的初值都是1,然后将n个数从小到大扔到可持久化线段树中去,并将对应位置变成-1,这样就很好的满足了所给条件。现在问题就是如何判断[a,b]-[c,d]中有没有符合条件的区间,只需要对线段树维护区间连续子段和,最大连续前缀子段和,最大后缀子段和,然后搞一搞就行了。(小白逛公园的简化)
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <algorithm>
using namespace std;
const int maxn=20010;
int n,m,maxx,minn,tot,ans;
struct sag
{
int ls,rs,sum,lm,rm,sm;
}s[maxn*1000];
struct node
{
int num,org;
}p[maxn];
int q[10],rt[maxn];
int rd()
{
int ret=0,f=1; char gc=getchar();
while(gc<'0'||gc>'9') {if(gc=='-')f=-f; gc=getchar();}
while(gc>='0'&&gc<='9') ret=ret*10+gc-'0',gc=getchar();
return ret*f;
}
int max(int a,int b,int c)
{
return max(max(a,b),c);
}
void pushup(int x)
{
s[x].lm=max(s[s[x].ls].lm,s[s[x].ls].sum+s[s[x].rs].lm,0);
s[x].rm=max(s[s[x].rs].rm,s[s[x].rs].sum+s[s[x].ls].rm,0);
s[x].sm=max(s[s[x].ls].sm,s[s[x].rs].sm,s[s[x].ls].rm+s[s[x].rs].lm);
s[x].sum=s[s[x].ls].sum+s[s[x].rs].sum;
}
void build(int l,int r,int &x)
{
if(!x) x=++tot;
if(l==r)
{
s[x].sum=s[x].sm=s[x].lm=s[x].rm=1;
return;
}
int mid=l+r>>1;
build(l,mid,s[x].ls),build(mid+1,r,s[x].rs);
pushup(x);
}
void insert(int x,int &y,int l,int r,int pos)
{
if(r<pos) return ;
y=++tot;
if(l==r)
{
s[y].sum=-1,s[y].lm=s[y].rm=s[y].sm=0;
return ;
}
int mid=l+r>>1;
if(pos<=mid) s[y].rs=s[x].rs,insert(s[x].ls,s[y].ls,l,mid,pos);
else s[y].ls=s[x].ls,insert(s[x].rs,s[y].rs,mid+1,r,pos);
pushup(y);
}
bool cmp(node a,node b)
{
return a.num<b.num;
}
int qs(int l,int r,int x,int a,int b)
{
if(a>b) return 0;
if(a<=l&&r<=b) return s[x].sum;
int mid=l+r>>1;
if(b<=mid) return qs(l,mid,s[x].ls,a,b);
if(a>mid) return qs(mid+1,r,s[x].rs,a,b);
return qs(l,mid,s[x].ls,a,b)+qs(mid+1,r,s[x].rs,a,b);
}
int ql(int l,int r,int x,int a,int b)
{
if(a>b) return 0;
if(a<=l&&r<=b) return s[x].rm;
int mid=l+r>>1;
if(b<=mid) return ql(l,mid,s[x].ls,a,b);
if(a>mid) return ql(mid+1,r,s[x].rs,a,b);
return max(ql(l,mid,s[x].ls,a,b)+qs(mid+1,r,s[x].rs,a,b),ql(mid+1,r,s[x].rs,a,b));
}
int qr(int l,int r,int x,int a,int b)
{
if(a>b) return 0;
if(a<=l&&r<=b) return s[x].lm;
int mid=l+r>>1;
if(b<=mid) return qr(l,mid,s[x].ls,a,b);
if(a>mid) return qr(mid+1,r,s[x].rs,a,b);
return max(qr(mid+1,r,s[x].rs,a,b)+qs(l,mid,s[x].ls,a,b),qr(l,mid,s[x].ls,a,b));
}
int solve(int sta)
{
int a=ql(1,n,rt[sta-1],q[0],q[1]-1);
int b=qs(1,n,rt[sta-1],q[1],q[2]);
int c=qr(1,n,rt[sta-1],q[2]+1,q[3]);
if(a+b+c>=0) return 1;
return 0;
}
int main()
{
n=rd();
int i,j,l,r,mid;
for(i=1;i<=n;i++) p[i].num=rd(),p[i].org=i,maxx=max(maxx,p[i].num),minn=min(minn,p[i].num);
build(1,n,rt[0]);
sort(p+1,p+n+1,cmp);
for(i=1;i<=n;i++) insert(rt[i-1],rt[i],1,n,p[i].org);
m=rd();
for(i=1;i<=m;i++)
{
for(j=0;j<4;j++) q[j]=(rd()+ans)%n+1;
sort(q+0,q+4);
l=1,r=n+1;
while(l<r)
{
mid=l+r>>1;
if(solve(mid)) l=mid+1;
else r=mid;
}
ans=p[l-1].num;
printf("%d\n",ans);
}
return 0;
}
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