ZROI2018提高day1t3
分析
考场上想到了先枚举p的长度,在枚举这个长度的所有子串,期望得分40~50pts,但是最终只得了20pts,这是因为我写的代码在验证中总是不断删除s'中的第一个p,而这种方式不能解决形如ababaa的字符串。于是我们考虑满分做法。设dp[i][j]表示在当前的p的情况下s的[i,j]位置是否满足。满足是指这一段区间只由p构成或者一部分只由p构成,另一部分则是p的前缀。对于位置j的字符可能有两种情况:
1.和之后数个字符拼成一段,转移:
dp[i][j]|=(dp[i][j-1]&(s[j]==p[(j-i)%len+1]))。
2.和之前的一段字符拼在一起,中间已经有k个p,转移:
dp[i][j]|=(dp[i][j-k*len]&dp[j-k*len+1][j])。
然后我们使用记忆化搜索转移即可。
代码
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<string>
#include<algorithm>
#include<cctype>
#include<cmath>
#include<cstdlib>
#include<queue>
#include<ctime>
#include<vector>
#include<set>
#include<map>
#include<stack>
using namespace std;
const int inf = 1e9+;
int dp[][],n,m,cnt,len;
char s[],t[],ans[];
inline int dfs(int le,int ri){
if(le>ri)return ;
if(dp[le][ri]!=-)return dp[le][ri];
dp[le][ri]=;
if(dfs(le,ri-)&&s[ri]==t[(ri-le)%len+])dp[le][ri]|=;
for(int i=ri-len;i>=le;i-=len)
if(dfs(le,i)&&dfs(i+,ri))dp[le][ri]|=;
return dp[le][ri];
}
inline void getmin(){
if(cnt>len){
for(int i=;i<=len;i++)ans[i]=t[i];
cnt=len;
return;
}
for(int i=;i<=cnt;i++)
if((ans[i]-'')<(t[i]-''))return;
else if((ans[i]-'')>(t[i]-''))break;
for(int i=;i<=cnt;i++)ans[i]=t[i];
}
int main(){
int i,j,k,T;
scanf("%d",&T);
while(T--){
cnt=inf;
scanf("%s",t);
n=strlen(t);
for(i=;i<=n;i++)s[i]=t[i-];
for(i=;i<=min(n,cnt);i++)
if(!(n%i))for(j=;j+i-<=n;j++){
memset(dp,-,sizeof(dp));m=i;
for(k=;k<=i;k++)t[k]=s[j+k-];
len=i;if(dfs(,n))getmin();
}
for(i=;i<=cnt;i++)cout<<ans[i];
puts("");
}
return ;
}
ZROI2018提高day1t3的更多相关文章
- 正睿OI 提高 Day1T3 ZYB玩字符串(DP)
题目链接 设可能的答案串为p,长为len.p一定是s的一个子串且len|n. 虽然一些p在s中可能被断成若干段,但删掉其中的若干段后,这段区间一定会被全部消掉. 于是枚举p后,可以用f[i][j]表示 ...
- ZROI2018提高day9t1
传送门 分析 我们首先想到的自然是根据大小关系建图,在这之后我们跑一遍拓扑排序 但是由于l和r的限制关系我们需要对传统的拓扑排序做一些改变 我们考虑将所有入度为0且现在的拓扑序号已经大于等于l的点放入 ...
- ZROI2018提高day6t2
传送门 分析 将所有字母分别转化为1~26,之后将字符串的空位补全为0,?设为-1,我们设dp[p][c][le][ri]表示考虑le到ri个字符串且从第p位开始考虑,这一位最小填c的方案数,具体转移 ...
- ZROI2018提高day6t1
传送门 分析 我们发现这个四元组可以分解成一个逆序对拼上一个顺序对,这个线段树搞搞然后乘一下就可以求出来了,但是我们发现可能有(a,b)为逆序对且(b,c)为顺序对的情况,所以要进行容斥,我们只需要枚 ...
- ZROI2018提高day5t3
传送门 分析我们可以根据性质将这个序列构造成一个环:0,a[1~n],0,a[n~1] 这中间的0是为了起间隔作用的. 我们又知道b[i]=a[i-1]^a[i+1] c[i]=b[i-1]^b[i+ ...
- ZROI2018提高day5t2
传送门 分析 考场上傻了,写了个树剖还莫名weila...... 实际就是按顺序考虑每个点,然后从他往上找,一边走一边将走过的边染色,如果走到以前染过色的边就停下.对于每一个a[i]的答案就是之前走过 ...
- ZROI2018提高day5t1
传送门 分析 我们不难将条件转换为前缀和的形式,即 pre[i]>=pre[i-1]*2,pre[i]>0,pre[k]=n. 所以我们用dp[i][j]表示考虑到第i个数且pre[i]= ...
- ZROI2018提高day4t3
传送门 分析 我们假设如果一个点是0则它的值为-1,如果一个点是1则值为1,则一个区间的答案便是max(pre[i]+sur[i]),这里的pre[i]表示此区间i点和它之前的的前缀的最大值,sur[ ...
- ZROI2018提高day4t2
传送门 分析 我们二分球的直径,然后就像奶酪那道题一样,将所有距离相遇直径的点用并查集连在一起,然后枚举所有与上边的顶距离小于直径的点和所有与下边的距离小于直径的点,如果它们被并查集连在一起则代表这个 ...
随机推荐
- Microsoft Visual Studio 2012 Update 4 RC 3 离线安装程序
Microsoft Visual Studio 2012 Update 4 RC 3 离线安装程序 ☆ 微软官网地址:☆ http://www.microsoft.com/en-us/download ...
- LKDBHelper Sqlite操作数据库
首先这里要说明一下,为什么用FMDB而不用Core Data呢,因为我们不知道Core Data是如何映射对象里面的属性关系的,如果我们更改了属性的话,就会报错 首先是创建LKDBHelper对象 L ...
- NOIP模拟题 栅栏
题目大意 给定一个$n\times m$的网格图,每次会选择一块矩形沿着网格线铺上栅栏,或者拆除之前铺的栅栏,或者询问两个格子能否不经过栅栏直接到达. 保证栅栏没有重叠或交叉,删去的栅栏删除前一定存在 ...
- [SP16580]QTREE7
luogu vjudge 题意 一棵树,每个点初始有个点权和颜色(输入会给你) 0 u :询问所有u,v路径上的最大点权,要满足u,v路径上所有点的颜色都相同 1 u :反转u的颜色 2 u w :把 ...
- VC2005中将Picture控件显示图片保存为BMP,JPG等格式
1.在stdafx.h头文件中加入 #include <atlimage.h> 2.保存图片 方法一: HBITMAP hBitmap = NULL; //创建位图段 BITMAPIN ...
- IDEA中遇到的gradle问题:unindexed remote maven repositories found
环境公司提供的IDEA,版本为16.3. 前端环境为react.版本控制使用gradle,后端语言使用kotlin. 在项目的依赖导入过程中出现了如下问题: unindexed remote mave ...
- [转]ubuntu11.04配置nfs--解决mount.nfs: access denied问题
总算通过了nfs的localhost测试. 配置很简单,下面摘自网络,并且整理下: 1 安装nfs #apt-get install nfs-kernel-server #apt-get instal ...
- 【转】Rails 4中使用 Bootstrap 3
转自:http://rvg.me/2013/11/using-bootstrap-3-with-rails-4/ If you are looking to use Bootstrap 3 with ...
- Task用法(2)-任务等待wait
1.Wait 用法 默认情况下,Task 是有线程池中的异步线程执行,是否执行完成,可以通过Task的的属性IsCompleted 来判断, 如果想在子线程工作完成之后,在进行后续主线程工作可以 ...
- linux设置支持中文
LANG="zh_CN.UTF-8" #LANG="zh_CN.GB18030" #LANG=en_US.UTF-8 LANGUAGE="zh_CN. ...