题目描述

异或是一种神奇的运算,大部分人把它总结成不进位加法.

在生活中…xor运算也很常见。比如,对于一个问题的回答,是为1,否为0.那么:

(A是否是男生 )xor( B是否是男生)=A和B是否能够成为情侣

好了,现在我们来制造和处理一些复杂的情况。比如我们将给出一颗树,它很高兴自己有N个结点。树的每条边上有一个权值。我们要进行M次询问,对于每次询问,我们想知道某两点之间的路径上所有边权的异或值。

输入输出格式

输入格式:

输入文件第一行包含一个整数N,表示这颗开心的树拥有的结点数,以下有N-1行,描述这些边,每行有3个数,u,v,w,表示u和v之间有一条权值为w的边。接下来一行有一个整数M,表示询问数。之后的M行,每行两个数u,v,表示询问这两个点之间的路径上的权值异或值。

输出格式:

输出M行,每行一个整数,表示异或值

输入输出样例

输入样例#1: 复制

5

1 4 9644

2 5 15004

3 1 14635

5 3 9684

3

2 4

5 4

1 1

输出样例#1: 复制

975

14675

0

说明

对于40%的数据,有1 ≤ N,M ≤ 3000;

对于100%的数据,有1 ≤ N ,M≤ 100000。

题解

怎么说呢。

就是一个简单的树剖边转点。

在第一遍dfs的时候,我们把边权放到儿子节点上去,因为父亲节点有可能有多个儿子,但我们的边权是唯一的,而儿子到父亲的边也是唯一的,所以我们就可以把边权放到儿子节点上去。

在求LCA的时候我们就只要正常统计,而不计算LCA的值就OK了因为LCA的值不会属于这条路径,仔细想想??

代码

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int N=100005;
int n,m;
int size[N],son[N],top[N];
int tot,l[N],dep[N],fa[N],ch[N],a[N];
int sum[N<<4];
int num,head[N];
struct node{
int to,v,next;
}e[N<<1]; void add(int from,int to,int v){
num++;
e[num].to=to;
e[num].v=v;
e[num].next=head[from];
head[from]=num;
} int read()
{
int x=0,w=1;char ch=getchar();
while(ch>'9'||ch<'0'){if(ch=='-')w=-1;ch=getchar();}
while(ch>='0'&&ch<='9')x=x*10+ch-'0',ch=getchar();
return x*w;
} void dfs1(int x){
size[x]=1;
for(int i=head[x];i;i=e[i].next){
int v=e[i].to;
if(!dep[v]){
ch[v]=e[i].v;
dep[v]=dep[x]+1;fa[v]=x;
dfs1(v);size[x]+=size[v];
if(size[son[x]]<size[v])son[x]=v;
}
}
} void dfs2(int x,int tp){
l[x]=++tot;a[tot]=ch[x];top[x]=tp;
if(son[x])dfs2(son[x],tp);
for(int i=head[x];i;i=e[i].next){
int v=e[i].to;
if(v!=fa[x]&&v!=son[x])dfs2(v,v);
}
} void build(int root,int left,int right){
if(left==right){
sum[root]=a[left];
return ;
}
int mid=(left+right)>>1;
build(root<<1,left,mid);
build(root<<1|1,mid+1,right);
sum[root]=sum[root<<1]^sum[root<<1|1];
} int query(int root,int left,int right,int l,int r){
if(left>r||right<l)return 0;
if(left>=l&&right<=r)return sum[root];
int mid=(left+right)>>1;
int a=0,b=0;
if(mid>=l) a=query(root<<1,left,mid,l,r);
if(mid<r) b=query(root<<1|1,mid+1,right,l,r);
return a^b;
} int cal(int x,int y){
int ans=0,fx=top[x],fy=top[y];
while(fx!=fy){
if(dep[fx]<dep[fy])swap(fx,fy),swap(x,y);
ans^=query(1,1,n,l[fx],l[x]);
x=fa[fx],fx=top[x];
}
if(dep[x]>dep[y])swap(x,y);
ans^=query(1,1,n,l[x],l[y])^ch[x];
return ans;
} int main()
{
n=read();
for(int i=1;i<n;i++)
{
int x=read(),y=read(),z=read();
add(x,y,z);add(y,x,z);
}
fa[1]=1;dep[1]=1;
dfs1(1);dfs2(1,1);
build(1,1,n);
m=read();
for(int i=1;i<=m;i++)
{
int x=read(),y=read();
printf("%d\n",x==y?0:cal(x,y));
}
return 0;
}

P2420 让我们异或吧(树链剖分)的更多相关文章

  1. P2420 让我们异或吧 (树链剖分,异或前缀和)

    题目描述 异或是一种神奇的运算,大部分人把它总结成不进位加法. 在生活中-xor运算也很常见.比如,对于一个问题的回答,是为1,否为0.那么: (A是否是男生 )xor( B是否是男生)=A和B是否能 ...

  2. BZOJ 4568 [Scoi2016]幸运数字(树链剖分 + 异或线性基)

    题目链接  BZOJ 4568 考虑树链剖分+线段树维护每一段区域的异或线性基 对于每个询问,求出该点集的异或线性基.然后求一下这个线性基里面能异或出的最大值即可. #include <bits ...

  3. 树链剖分好(du)题(liu)选做

    1.luogu P4315 月下"毛景树" 题目链接 前言: 这大概是本蒟蒻A掉的题里面码量最大的一道题了.我自认为码风比较紧凑,但还是写了175行. 从下午2点多调到晚上8点.中 ...

  4. 【BZOJ-4568】幸运数字 树链剖分 + 线性基合并

    4568: [Scoi2016]幸运数字 Time Limit: 60 Sec  Memory Limit: 256 MBSubmit: 238  Solved: 113[Submit][Status ...

  5. HDU 4897 Little Devil I(树链剖分)(2014 Multi-University Training Contest 4)

    题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=4897 Problem Description There is an old country and ...

  6. HDU4897 (树链剖分+线段树)

    Problem Little Devil I (HDU4897) 题目大意 给定一棵树,每条边的颜色为黑或白,起始时均为白. 支持3种操作: 操作1:将a->b的路径中的所有边的颜色翻转. 操作 ...

  7. [BZOJ - 2819] Nim 【树链剖分 / DFS序】

    题目链接: BZOJ - 2819 题目分析 我们知道,单纯的 Nim 的必胜状态是,各堆石子的数量异或和不为 0 .那么这道题其实就是要求求出树上的两点之间的路径的异或和.要求支持单点修改. 方法一 ...

  8. HDU 5274 Dylans loves tree(树链剖分)

    [题目链接] http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=5274 [题目大意] 给出一棵树,每个点有一个权值,权值可修改,且大于等于0,询问链上出现次数为奇数 ...

  9. 从lca到树链剖分 bestcoder round#45 1003

    bestcoder round#45 1003 题,给定两个点,要我们求这两个点的树上路径所经过的点的权值是否出现过奇数次.如果是一般人,那么就是用lca求树上路径,然后判断是否出现过奇数次(用异或) ...

随机推荐

  1. Base64就是一种 基于64个可打印字符来表示二进制数据的表示方法

    Base64编码是从二进制到字符的过程. Base64编码主要用在传输.存储.表示二进制等领域,还可以用来加密,但是这种加密比较简单. byte[] byteArray = Encoding.UTF8 ...

  2. 【原创】RPM安装软件时解决依赖性问题(自动解决依赖型)

    满足以下3个条件才能自动解决依赖性: 1.使用rpmdb -redhat(在安装时会自动弹出依赖性错误) 2.所有互相依赖的软件都必须在同一个目录下面. 3.调用-aid参数.

  3. QT笔记 -- (1) .ui文件

    刚开始写QT,designer用的不习惯,打开.ui文件看了一下,很容易读的xml文件,记录一下. 大体框架如下 <?xml version="1.0" encoding=& ...

  4. atom安装插件失败 latex

    用atom写latex 链接 http://www.cnblogs.com/schaepher/p/5934184.html 但在gui下安装插件失败 按照以下步骤解决了 安装gitbash cd . ...

  5. ActiveMQ学习笔记(13)----Destination高级特性(一)

    1. Wildcards 1. Wildcards用来支持名字分层体系,它不是JMS规范的一部分,是ActiveMQ的扩展. ActiveMQ支持一下三种wildcards: 1. ".&q ...

  6. js Date() 时间函数处理 关于 toLocaleDateString()

    toLocaleDateString()方法的真正含义为「根据本地时间把Date对象的日期部分转换为字符串」,这意味着:在不同的浏览器或者服务器中,我们可能得到不同的字符串. 例如,将 Chrome ...

  7. [USACO4.2]完美的牛栏The Perfect Stall

    题目:USACO Training 4.2(在官网上提交需加文件输入输出).洛谷P1894. 题目大意:有n头奶牛m个牛栏,每头牛只会在自己喜欢的牛栏里产奶,问一次最多有多少奶牛能产奶. 解题思路:二 ...

  8. KVM 日常使用命令

    [root@Eren liwm]# ps ax | grep kvm  681 ?        S<     0:00 [kvm-irqfd-clean]17597 pts/0    S+   ...

  9. Centos6.6 系统优化

    1:最小化安装 2:修改网卡 vim /etc/sysconfig/network-scripts/ifcfg-eth0 DEVICE=eth0HWADDR=52:54:00:0e:c2:c3TYPE ...

  10. MySQL 数据还原

    1.1还原使用mysqldump命令备份的数据库的语法如下: mysql -u root -p [dbname] < backup.sq 示例: mysql -u root -p < C: ...