(此配图来自http://blog.csdn.net/zhengnanlee/article/details/9613161)

图中ABCD为海岛的位置。题目中会给出几个海岛的坐标位置,雷达覆盖半径d,问你用几个雷达可实现海岛的全部覆盖,不能就输出-1。

观察图可知:(ABCD已经按照左交点数的大小好位置)

A的右交点>B的左交点,所以AB可共用一个雷达;

B的右交点>C的左交点,所以BC可共用一个雷达;

C的右交点<D的左交点,所以CD不可共用一个雷达;

所以一共用2个雷达即可实现岛屿的全部覆盖。

注意,但岛屿的坐标y的绝对值大于时d,根据勾股定理可知,此时的d<r,即圆心以d为半径所画的圆与x轴是没有交点的,

即这个岛屿绝对无法被雷达覆盖,所以可以直接跳出循环,输出-1。

#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <stdlib.h>
#include <math.h>
using namespace std; //设圆心为point
struct point
{
double left; //左交点
double right; //右交点
}p[], temp; //p[2010]为圆心数组,temp为指针 //定义小于的运算。代表sort()的排序对象是各圆心与x轴的左交点。
bool operator < (point a, point b)
{
return a.left < b.left;
} int main()
{
int n;
double r;
int kase =;
while (cin >> n >> r )
{
if(n==&&r==)
{
break;
} bool flag = false;
//通过输入的各圆心坐标求出各自与x轴的左右交点坐标
for (int i = ; i < n; i++)
{
double a, b; //x=a,y=b;
cin >> a >> b;
if (fabs(b) > r) //y=b>r表示此时的圆心以r为半径画的圆与x轴没有交点
{
flag = true;
}
else
{
p[i].left = a * 1.0 - sqrt(r * r - b * b); //左交点
p[i].right = a * 1.0 + sqrt(r * r - b * b); //右交点
}
}
cout << "Case " << kase++ << ": ";
if (flag) //代表有的圆与x轴没有交点,即无法实现岛屿的全部覆盖
{
cout << - << endl;
}
else
{
int countt = ;
sort(p, p + n); //对数组p[n]里面的左右交点进行排序
temp = p[]; //用指针temp指向第一个数组元素的地址 //对当前指针指向的圆心的右交点 与 下一个元素的左交点进行比较大小
for (int i = ; i < n; i++)
{
if (p[i].left > temp.right) //如果下一个圆心的左交点>此时圆心的右交点
{
countt++; //则当前的雷达数无法实现所有圆心的覆盖,需要多加1个雷达进行覆盖下一个圆心。
temp = p[i]; //此时指针指向数组的下一个元素
}
else if (p[i].right < temp.right) //如果下一个圆心的左交点<此时圆心的右交点
{
temp = p[i]; //则当前的雷达数可以实现所有圆心的覆盖,即可以覆盖到下一个圆心。
}
}
cout << countt << endl;
}
}
}

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