Mychael原创题 洛谷T23923 Mychaelの水题 【题解】
题目大意:
有来自三个地区的人各a,b,c位,他们排成了一排。请问有多少种不同类型的排法,使得相邻的人都来自不同的地区
\(a,b,c<=200\)
答案取模
题解##
弱弱的标程解法##
设\(f[i][j][k][l]\)表示三种人各排了\(i\)、\(j\)、\(k\)个,最后一个人是l类
那么转移就很显然了,枚举下一个非\(l\)人即可
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int maxn = 205,P = 2001611;
int f[maxn][maxn][maxn][3],a,b,c;
int main(){
scanf("%d%d%d",&a,&b,&c);
f[1][0][0][0] = f[0][1][0][1] = f[0][0][1][2] = 1;
for (int i = 0; i <= a; i++)
for (int j = 0; j <= b; j++)
for (int k = 0; k <= c; k++)
for (int l = 0; l <= 2; l++){
if (i < a && l != 0)
f[i + 1][j][k][0] = (f[i + 1][j][k][0] + f[i][j][k][l] * (i + 1) % P) % P;
if (j < b && l != 1)
f[i][j + 1][k][1] = (f[i][j + 1][k][1] + f[i][j][k][l] * (j + 1) % P) % P;
if (k < c && l != 2)
f[i][j][k + 1][2] = (f[i][j][k + 1][2] + f[i][j][k][l] * (k + 1) % P) % P;
}
printf("%d\n",(f[a][b][c][0] + f[a][b][c][1] + f[a][b][c][2]) % P);
return 0;
}
更优秀的解法##
std解法考虑往队尾插人,需要设置四维状态
我们考虑只设置三维状态,运用记忆化搜索
同样设\(f[i][j][k]\)表示三种人各排了\(i\)、\(j\)、\(k\)个
可以发现三种人是等价的,人数互换不影响结果
所以我们只考虑\(i <= j <= k\)
转移时,为使状态最终能转移至初始状态,我们考虑人数最多的\(k\)
我们在最后合法的队形中抽出\(k\)中的一个人,会出现两种情况:
①最后的队列还是一个合法队列
②最后的队列不合法,而且仅有原来抽出的位置有两个相同的人相邻
那么就可以转移了
①如果合法,就有\(f[i][j][k - 1]\)中队形,其中有\(i + j - k + 2\)个可插入位置,总共有\(f[i][j][k - 1] * (i + j - k + 2)\)种方案
②如果不合法,要么是\(i\)相邻,要么是\(j\)相邻,
以\(i\)相邻为例,我们如果把相邻的两个人看做一个人,那么这个状态就又是合法的了,有\(f[i - 1][j][k]\)种方案,而\(i\)中任意选两个人有序组合,有\(P_{i}^{2}\)中方案,故对\(i\)总共有\(f[i - 1][j][k - 1] * P_{i}^{2}\)中方案
\(j\)类似
考虑边界,当出现0时,
①两个0,即只剩一种人了,当且仅当人数为1时方案数为1,否则为0
②一个0,即剩余两种人,如果两种人人数只差超过了1,方案数为0,否则两种人之间的位置关系一定是交替的,用排列数计算即可
具体实现参考代码
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cmath>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#define LL long long int
#define Redge(u) for (int k = h[u],to; k; k = ed[k].nxt)
#define REP(i,n) for (int i = 1; i <= (n); i++)
#define BUG(s,n) for (int i = 1; i <= (n); i++) cout<<s[i]<<' '; puts("");
using namespace std;
const int maxn = 205,maxm = 100005,INF = 1000000000,P = 2001611;
LL f[maxn][maxn][maxn],fac[maxn];
bool vis[maxn][maxn][maxn];
void order(LL& x,LL& y,LL& z){
if (x > y) swap(x,y); if (x > z) swap(x,z); if (y > z) swap(y,z);
}
LL F(LL x,LL y,LL z){
order(x,y,z);
if (vis[x][y][z]) return f[x][y][z]; //记忆化
vis[x][y][z] = true;
LL& ff = f[x][y][z];
if (y == 0) return ff = (z == 1); //边界
if (x == 0){
if (z == y) return ff = fac[z] * fac[y] % P * 2 % P;
if (abs(z - y) == 1) return ff = fac[z] * fac[y] % P;
return 0;
}
return ff = (F(x,y,z - 1) * (x + y - z + 2) % P + x * (x - 1) % P * F(x - 1,y,z - 1) % P + y * (y - 1) % P * F(x,y - 1,z - 1) % P) % P;
}
int main(){
fac[0] = 1;
for (int i = 1; i <= 200; i++) fac[i] = fac[i - 1] * i % P; //预处理阶乘
LL a,b,c;
scanf("%lld%lld%lld",&a,&b,&c);
printf("%lld\n",F(a,b,c));
return 0;
}
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