题目链接

Segments

Time Limit: 4000/2000MS (Java/Others)Memory Limit: 20000/10000KB (Java/Others)

Problem Description

由3钟类型操作:
1)D L R(1 <= L <= R <= 1000000000) 增加一条线段[L,R]
2)C i (1-base) 删除第i条增加的线段,保证每条插入线段最多插入一次,且这次删除操作一定合法
3) Q L R(1 <= L <= R <= 1000000000) 查询目前存在的线段中有多少条线段完全包含[L,R]这个线段,线段X被线段Y完全包含即LY <= LX

<= RX <= RY)
给出N,接下来N行,每行是3种类型之一

Input

多组数据,每组数据N

接下来N行,每行是三种操作之一(1 <= N  <= 10^5)

Output

对于每个Q操作,输出一行,答案

Sample Input

6
D 1 100
D 3 8
D 4 10
Q 3 8
C 1
Q 3 8

Sample Output

2
1

Hint

注意,删除第i条增加的线段,不是说第i行,而是说第i次增加。

比如

D 1 10

Q 1 10

D 2 3

D 3 4

Q 5 6

D 5 6

C 2是删除D 2 3

C 4是删除D 5 6

第一次听说cdq分治,cdq是陈丹琦orz。。

在我们平常使用的分治中,每一个子问题只解决它本身(可以说是封闭的)。

而在cdq分治中,对于划分出来的两个子问题,前一个子问题用来解决后一个子问题而不是它本身。

具体算法流程如下:

1.将整个操作序列分为两个长度相等的部分(分)

2.递归处理前一部分的子问题(治1)

3.计算前一部分的子问题中的修改操作对后一部分子问题的影响(治2)

4.递归处理后一部分子问题(治3)

另外,能使用常量引用的地方尽量使用,可以提高效率。

Accepted Code:

 /*************************************************************************
> File Name: 1157.cpp
> Author: Stomach_ache
> Mail: sudaweitong@gmail.com
> Created Time: 2014年08月10日 星期日 08时24分10秒
> Propose:
************************************************************************/ #include <cmath>
#include <string>
#include <cstdio>
#include <vector>
#include <fstream>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <algorithm>
using namespace std; const int maxn = ;
int c[maxn<<], l[maxn], r[maxn], ans[maxn];
struct node {
int t, id, l, r;
node() {}
node(int a, int b, int c, int d) {
t = a; id = b; l = c; r = d;
}
}a[maxn];
vector<int> xs;
int w; bool cmp1(const node &a, const node &b) {
return a.id < b.id;
} bool cmp2(const node &a, const node &b) {
if (a.l != b.l) return a.l < b.l;
return a.r > b.r;
} int lowbit(int x) {
return x & -x;
} void add(int x, int v) {
x = *maxn - x;
while (x < maxn*) {
c[x] += v;
x += lowbit(x);
}
} int sum(int x) {
int res = ;
x = *maxn - x;
while (x > ) {
res += c[x];
x -= lowbit(x);
}
return res;
} void solve(int l, int r) {
if (l >= r) return ;
int mid = (l + r) >> ;
solve(l, mid);
sort(a+l, a+r+, cmp2);
for (int i = l; i <= r; i++) {
if (a[i].id <= mid) {
if (a[i].t == ) add(a[i].r, );
else if (a[i].t == -) add(a[i].r, -);
} else {
if (a[i].t == ) ans[a[i].id] += sum(a[i].r);
}
}
for (int i = l; i <= r; i++) if (a[i].id <= mid) {
if (a[i].t == ) add(a[i].r, -);
if (a[i].t == -) add(a[i].r, );
}
sort(a+l, a+r+, cmp1);
solve(mid+, r);
} int main(void) {
int n;
while (~scanf("%d", &n)) {
int cnt = ;
xs.clear();
for (int i = ; i <= n; i++) {
char s[];
scanf("%s", s);
if (s[] == 'D') {
int x, y;
scanf("%d %d", &x, &y);
xs.push_back(x);
xs.push_back(y);
l[cnt] = x;
r[cnt++] = y;
a[i] = node(, i, x, y);
} else if (s[] == 'Q') {
int x, y;
scanf("%d %d", &x, &y);
xs.push_back(x);
xs.push_back(y);
a[i] = node(, i, x, y);
} else {
int id;
scanf("%d", &id);
a[i] = node(-, i, l[id], r[id]);
}
}
sort(xs.begin(), xs.end());
xs.erase(unique(xs.begin(), xs.end()), xs.end());
w = xs.size();
for (int i = ; i <= n; i++) {
a[i].l = lower_bound(xs.begin(), xs.end(), a[i].l)-xs.begin()+;
a[i].r = lower_bound(xs.begin(), xs.end(), a[i].r)-xs.begin()+;
//printf("%d %d\n", a[i].l, a[i].r);
}
//memset(c, 0, sizeof(c));
memset(ans, , sizeof(ans));
solve(, n);
for (int i = ; i <= n; i++) if (!a[i].t) printf("%d\n", ans[i]);
}
return ;
}

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