[NOIP2014]飞扬的小鸟

——!x^n+y^n=z^n

题目描述:

  Flappy Bird 是一款风靡一时的休闲手机游戏。玩家需要不断控制点击手机屏幕的频率来调节小鸟的飞行高度,让小鸟顺利通过画面右方的管道缝隙。如果小鸟一不小心撞到了水管或者掉在地上的话,便宣告失败。

  为了简化问题,我们对游戏规则进行了简化和改编:

  <i>游戏界面是一个长为n ,高为 m 的二维平面,其中有k 个管道(忽略管道的宽度)。

  <ii>小鸟始终在游戏界面内移动。小鸟从游戏界面最左边任意整数高度位置出发,到达游戏界面最右边时,游戏完成。

  <iii>小鸟每个单位时间沿横坐标方向右移的距离为1 ,竖直移动的距离由玩家控制。如果点击屏幕,小鸟就会上升一定高度X ,每个单位时间可以点击多次,效果叠加;

如果不点击屏幕,小鸟就会下降一定高度Y 。小鸟位于横坐标方向不同位置时,上升的高度X 和下降的高度Y 可能互不相同。

  <iv>小鸟高度等于0 或者小鸟碰到管道时,游戏失败。小鸟高度为 m 时,无法再上升。

现在,请你判断是否可以完成游戏。如果可以 ,输出最少点击屏幕数;否则,输出小鸟最多可以通过多少个管道缝隙。

  输入输出格式:

输入格式:

  输入文件名为 bird.in 。

  第1 行有3 个整数n ,m ,k ,分别表示游戏界面的长度,高度和水管的数量,每两个整数之间用一个空格隔开;

  接下来的n 行,每行2 个用一个空格隔开的整数X 和Y ,依次表示在横坐标位置0 ~n- 1上玩家点击屏幕后,小鸟在下一位置上升的高度X ,以及在这个位置上玩家不点击屏幕时,小鸟在下一位置下降的高度Y 。

  接下来k 行,每行3 个整数P ,L ,H ,每两个整数之间用一个空格隔开。每行表示一个管道,其中P 表示管道的横坐标,L 表示此管道缝隙的下边沿高度为L ,H 表示管道缝隙上边沿的高度(输入数据保证P 各不相同,但不保证按照大小顺序给出)。

输出格式:

  输出文件名为bird.out 。

  共两行。

  第一行,包含一个整数,如果可以成功完成游戏,则输出1 ,否则输出0

  第二行,包含一个整数,如果第一行为1 ,则输出成功完成游戏需要最少点击屏幕数,否则,输出小鸟最多可以通过多少个管道缝隙。

输入输出样例:

输入样例1#

10 10 6

3 9

9 9

1 2

1 3

1 2

1 1

2 1

2 1

1 6

2 2

1 2 7

5 1 5

6 3 5

7 5 8

8 7 9

9 1 3

输出样例1#

1

6

输入样例2#

10 10 4

1 2

3 1

2 2

1 8

1 8

3 2

2 1

2 1

2 2

1  
2

1 0 2

6 7 9

9 1 4

3 8 10

输出样例2#

0

3

【数据范围】

  对于30% 的数据:5 ≤ n ≤ 10,5 ≤ m ≤ 10,k = 0 ,保证存在一组最优解使得同一单位时间最多点击屏幕3 次;

  对于50% 的数据:5 ≤ n ≤ 2 0 ,5 ≤ m ≤ 10,保证存在一组最优解使得同一单位时间最多点击屏幕3 次;

  对于70% 的数据:5 ≤ n ≤ 1000,5 ≤ m ≤ 1 0 0 ;

  对于100%的数据:5 ≤ n ≤ 100 0 0 ,5 ≤ m ≤ 1 0 00,0 ≤ k < n ,0<X < m ,0<Y <m,0<P <n,0 ≤ L < H ≤ m ,L +1< H 。


正文部分:

  这道题困扰了我好久啊…果然还是我太弱了….

  很容易想到这是一道dp,注意可以在单位时间连续点屏幕,也就是说往上是完全背包,而往下是01背包。

  如果用dp[i][j]表示到达(i,j)的最优解,易得:

  dp[i][j]=Min(dp[i-1][j+y[i-1],dp[i-1][j-k*x[i-1]]+1)

  然而如果这样,01和完全背包要分开写,先写完全背包,因为01只能从i-1转移,如果先01可能会影响到完全背包。

  还有另一点就是处理管道的问题,对于dp[i][j],j处于管道位置,本来这个状态不存在,应直接记为inf,但是由于完全背包的需要,应在处理完完全背包在将其置为inf,这样我们可以记录每个i的位置的上端和下端,就可以完美解决这个问题。

废话不多说,上代码,好菜...大佬见谅

 #include<iostream>
 #include<cstdio>
 #include<cstring>
 using namespace std;
 inline int read();
 int Min(int x,int y){return x<y?x:y;}
 int Max(int x,int y){return x>y?x:y;}
 namespace lys{
      ;
      ;
      ;
     int dp[N][M],x[N],y[N],d[N],u[N];
     int n,m,k,ans,p,l,h,cnt;
     bool flag;
     int main(){
         int i,j,t;
         n=read(); m=read(); k=read();
         ;i<n;i++) x[i]=read(),y[i]=read(),d[i]=,u[i]=m+;
         d[n]=,u[n]=m+;
         ;i<=k;i++) p=read(),l=read(),h=read(),d[p]=l,u[p]=h;
         ;i<=n;i++)
             ;j<=m;j++) dp[i][j]=inf;
         ;i<=n;i++){
             ;j<=m;j++){
                 ],);t<=m;t++) dp[i][j]=Min(dp[i][j],Min(dp[i][t],dp[i-][t])+);
                 ]) dp[i][j]=Min(dp[i][j],Min(dp[i][j-x[i-]],dp[i-][j-x[i-]])+);
             }
             ;j<=m;j++) ]<=m) dp[i][j]=Min(dp[i][j],dp[i-][j+y[i-]]);
             ;j<=d[i];j++) dp[i][j]=inf;
             for(j=u[i];j<=m;j++) dp[i][j]=inf;
         }
         ;i<=n;i++){
             flag=false ;
             ;j<=m;j++)
                 if(dp[i][j]<inf) flag=true ;
             if(flag){
                 ||u[i]<=m) cnt++;
             }
             else if(!flag) break ;
         }
         if(flag){
             ans=dp[n][];
             puts(");
             ;i<=m;i++) ans=Min(dp[n][i],ans);
             printf("%d\n",ans);
         }
         else printf("0\n%d\n",cnt);
         ;
     }
 }
 int main(){
     freopen("bird.in","r",stdin);
     freopen("bird.out","w",stdout);
     lys::main();
     ;
 }
 inline int read(){
     ,ff=;
     char c=getchar();
     '){
         ;
         c=getchar();
     }
     +c-',c=getchar();
     return kk*ff;
 }

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