题目链接:点击打开链接

给定每个人的家庭成员和其自己名下的房产,请你统计出每个家庭的人口数、人均房产面积及房产套数。

输入格式:

输入第一行给出一个正整数N(<=1000),随后N行,每行按下列格式给出一个人的房产:

编号 父 母 k 孩子1 ... 孩子k 房产套数 总面积

其中 编号 是每个人独有的一个4位数的编号;父 和 母 分别是该编号对应的这个人的父母的编号(如果已经过世,则显示-1);k(0<=k<=5)是该人的子女的个数;孩子i是其子女的编号。

输出格式:

首先在第一行输出家庭个数(所有有亲属关系的人都属于同一个家庭)。随后按下列格式输出每个家庭的信息:

家庭成员的最小编号 家庭人口数 人均房产套数 人均房产面积

其中人均值要求保留小数点后3位。家庭信息首先按人均面积降序输出,若有并列,则按成员编号的升序输出。

输入样例:

10
6666 5551 5552 1 7777 1 100
1234 5678 9012 1 0002 2 300
8888 -1 -1 0 1 1000
2468 0001 0004 1 2222 1 500
7777 6666 -1 0 2 300
3721 -1 -1 1 2333 2 150
9012 -1 -1 3 1236 1235 1234 1 100
1235 5678 9012 0 1 50
2222 1236 2468 2 6661 6662 1 300
2333 -1 3721 3 6661 6662 6663 1 100

输出样例:

3
8888 1 1.000 1000.000
0001 15 0.600 100.000
5551 4 0.750 100.000
思路:比赛没有时间做,后来看了题解,并查集(合并需要处理)了解一下。
AC代码:

#include<iostream>
#include<queue>
#include<algorithm>
#include<stack>
#include<map>
#include<set>
using namespace std;
const int MAX = 10010;
const int INF = 0X3f3f3f;
int father[MAX]; /*int findfather(int x)
{
return x == father[x] ? x : father[x] = findfather(father[x]);
} void Union(int a, int b)
{
int r1 = findfather(a);
int r2 = findfather(b);
if(r1 != r2)
{
if(r1 < r2)
father[r2] = r1;
else
father[r1] = r2;
}
} */ //这样的处理才能达到效果,可能是这样保证了最小的为根节点。 void init() {//初始化
for(int i = 0; i < 10000; i++) {
father[i] = i;
}
} int findfather(int x) {//路径压缩
int a = x;
while(x != father[x]) {
x = father[x];
} while(a != father[a]) {
int z = a;
a = father[a];
father[z] = x;
}
return x;
} void Union(int a, int b) {
int faA = findfather(a);
int faB = findfather(b);
if(faA != faB) {
if(faA > faB)
father[faA] = faB;
else
father[faB] = faA;
}
} // 常规的合并不能达到效果 但是时刻保证编号小的为根节点, 就符合题意了 //开了三个结构体数组 分别是存入, 计算, 和结果
struct node{
int id, fid, mid;
int child[MAX], k;
int f, s;
}d[1005]; struct ANS{
int sum, id;
int f_sum, s_sum;
double faver, saver;
}ans[1005], res[1005]; bool cmp(ANS a, ANS b) {//比较规则
if(a.saver == b.saver)
return a.id < b.id;
else
return a.saver > b.saver;
} bool vis[10005], has[10005];
//标记数组也有很大帮助,枚举了出现的编号
int main() {
int n;
init();
cin >> n;
for(int i = 0; i < n; i++) {
scanf("%d %d %d", &d[i].id, &d[i].fid, &d[i].mid);
vis[d[i].id] = true;
if(d[i].fid != -1) {
Union(d[i].id, d[i].fid);
vis[d[i].fid] = true;
}
if(d[i].mid != -1) {
Union(d[i].id, d[i].mid);
vis[d[i].mid] = true;
}
scanf("%d", &d[i].k);
for(int j = 0; j < d[i].k; j++) {
scanf("%d", &d[i].child[j]);
if(d[i].child[j] != -1) {
Union(d[i].id, d[i].child[j]);
vis[d[i].child[j]] = true;
}
}
scanf("%d %d", &d[i].f, &d[i].s);
}
for(int i = 0; i < n; i++) {
int id = findfather(d[i].id);
ans[id].id = id;
ans[id].f_sum += d[i].f;
ans[id].s_sum += d[i].s;
}
        
for(int i = 0; i < 10000; i++) {
if(vis[i])
ans[findfather(i)].sum++;//该大家庭成员人数
}
int cnt = 0;
for(int i = 0; i < 10000; i++) {
if(vis[i]) {
int id = findfather(i);
if(!has[id]) {
has[id] = true;
res[cnt].faver = (double)ans[id].f_sum / ans[id].sum;
res[cnt].saver = (double)ans[id].s_sum / ans[id].sum;
res[cnt].id = id;
res[cnt++].sum = ans[id].sum;
}
}
}
sort(res, res + cnt, cmp);
cout << cnt << endl;
for(int i = 0; i < cnt; i++) {
printf("%04d %d %.3lf %.3lf\n", res[i].id, res[i].sum, res[i].faver, res[i].saver);
}
return 0;
}

PAT天梯赛L2-007 家庭房产的更多相关文章

  1. PAT天梯赛 L1-049 天梯赛座位分配

    题目链接:点击打开链接 天梯赛每年有大量参赛队员,要保证同一所学校的所有队员都不能相邻,分配座位就成为一件比较麻烦的事情.为此我们制定如下策略:假设某赛场有 N 所学校参赛,第 i 所学校有 M[i] ...

  2. PAT天梯赛L3-007 天梯地图

    题目链接:点击打开链接 本题要求你实现一个天梯赛专属在线地图,队员输入自己学校所在地和赛场地点后,该地图应该推荐两条路线:一条是最快到达路线:一条是最短距离的路线.题目保证对任意的查询请求,地图上都至 ...

  3. PAT天梯赛练习题——L3-007. 天梯地图(多边权SPFA)

    L3-007. 天梯地图 时间限制 300 ms 内存限制 65536 kB 代码长度限制 8000 B 判题程序 Standard 作者 陈越 本题要求你实现一个天梯赛专属在线地图,队员输入自己学校 ...

  4. PAT 天梯赛 L2-007. 家庭房产 【并查集】

    题目链接 https://www.patest.cn/contests/gplt/L2-007 思路 将一个家庭里的所有人都并进去 然后最后查找的时候 找到所有同一个家庭的人,计算出人数,人均房产套数 ...

  5. PAT 天梯赛 L2-007 家庭房产

    建图+DFS 题目链接:https://www.patest.cn/contests/gplt/L2-007 题解 在热身赛的时候没有做出来,用的并查集的思想,但是敲残了,最后也没整出来.赛后听到别人 ...

  6. pat 团体赛练习题集 L2-007. 家庭房产

    给定每个人的家庭成员和其自己名下的房产,请你统计出每个家庭的人口数.人均房产面积及房产套数. 输入格式: 输入第一行给出一个正整数N(<=1000),随后N行,每行按下列格式给出一个人的房产: ...

  7. PAT天梯赛练习题 L3-002. 堆栈(线段树查询第K大值或主席树)

    L3-002. 堆栈 时间限制 200 ms 内存限制 65536 kB 代码长度限制 8000 B 判题程序 Standard 作者 陈越 大家都知道“堆栈”是一种“先进后出”的线性结构,基本操作有 ...

  8. PAT天梯赛练习题 L3-010. 是否完全二叉搜索树(完全二叉树的判断)

    L3-010. 是否完全二叉搜索树 时间限制 400 ms 内存限制 65536 kB 代码长度限制 8000 B 判题程序 Standard 作者 陈越 将一系列给定数字顺序插入一个初始为空的二叉搜 ...

  9. PAT天梯赛练习题 L3-011. 直捣黄龙(多关键字SPFA+DFS)

    L3-011. 直捣黄龙 时间限制 150 ms 内存限制 65536 kB 代码长度限制 8000 B 判题程序 Standard 作者 陈越 本题是一部战争大片 —— 你需要从己方大本营出发,一路 ...

随机推荐

  1. 绘图工具--turtle模块

    turtle模块主要使用两个类,一个是TurtleScreen类,表示画布(窗口),用来展示画的位置:一个是Turtle类,用来充当画笔,用来画. 两个类的方法也以同名的函数的形式存在,所以可以以面向 ...

  2. pandas 学习 —— pivot table

    0. DataFrame 的 index.columns.values >> df = pd.DataFrame(np.arange(6).reshape(3, 2), index=['o ...

  3. java基础回顾之IO

    Java的IO 是Java运用重要部分之一,涉及到的内容也比较多,容易混淆,一段时间不用,可能就会遗忘,要时常回顾记忆一下: (图片来源于网络) Java 流在处理上分为字符流和字节流. 字符流处理的 ...

  4. ACM学习历程—Hihocoder 1233 Boxes(bfs)(2015北京网赛)

    hihoCoder挑战赛12 时间限制:1000ms 单点时限:1000ms 内存限制:256MB   描述 There is a strange storehouse in PKU. In this ...

  5. 用遗传算法解决TSP问题

    浅谈遗传算法:https://www.cnblogs.com/AKMer/p/9479890.html Description \(小m\)在踏上寻找\(小o\)的路程之后不小心碰到了大魔王\(fat ...

  6. HDU5438:Ponds(拓扑排序)

    Ponds Time Limit: 1500/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 131072/131072 K (Java/Others)Total Sub ...

  7. 【转】 Pro Android学习笔记(二十):用户界面和控制(8):GridView和Spinner

    目录(?)[-] GridView Spinner GridView GridView是网格状布局,如图所示.在了解ListView后,很容易了解GridView.下面是例子的XML文件. <? ...

  8. binlog之二:怎么样安全删除mysql下的binlog日志

    删除binlog方法 第一种方法: mysql> show binary logs; 查看mysql bin-log日志,除了这个以外的,其它都可以使用删除.mysql> purge bi ...

  9. 微服务理论之六:ESB与SOA的关系

    一.SOA和ESB一直是没有明确概念的两个缩略词 SOA----面向服务架构,实际上强调的是软件的一种架构,一种支撑软件运行的相对稳定的结构,表面含义如此,其实SOA是一种通过服务整合来解决系统集成的 ...

  10. Ruby中的%表示法

     %{String}  用于创建一个使用双引号括起来的字符串,这个表示法与%Q{String}完全一样 result = %{hello} puts "result is: #{result ...