问题描述

LG1155


题解

\(i,j\)如果不能进入一个栈,要满足存在\(k\),使得\(i<j<k\)且\(a_k<a_i<a_j\)

如果\(i,j\)不能进入一个栈,在\(i,j\)之间连边。

判定这个图是不是二分图。

如果是二分图,则可以,否则不行。

这样时间复杂度是\(O(n^3)\),可以卡过去,但是也可以利用\(DP\)优化到\(O(n^2)\)

令\(f_i\)代表\([i,n]\)中的最小值,如果\(i,j\)满足\(a_i>f_{j+1}\)且\(a_i<a_j\),则在\(i,j\)之间建边


关于考场策略

这道题有无解的情况,在当下,很多题目输出无解直接没有分数了。

但是发现这题的难点在于判定无解,构造则较为容易。

考场中可以大胆直接构造,在本题中可以获得\(90\)分的高分。


\(\mathrm{Code}\)

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std; template <typename Tp>
void read(Tp &x){
x=0;char ch=1;int fh;
while(ch!='-'&&(ch<'0'||ch>'9')) ch=getchar();
if(ch=='-'){
fh=-1;ch=getchar();
}
else fh=1;
while(ch>='0'&&ch<='9'){
x=(x<<1)+(x<<3)+ch-'0';
ch=getchar();
}
x*=fh;
} const int maxn=1000+7;
const int maxm=1000000+7;
int n,a[maxn];
int Head[maxn],Next[maxm],to[maxm],tot; int col[maxn]; void add(int x,int y){
to[++tot]=y,Next[tot]=Head[x],Head[x]=tot;
} bool flag; void color(int st){
col[st]=1;queue<int>q;
q.push(st);
while(!q.empty()){
int x=q.front();q.pop();
for(int i=Head[x];i;i=Next[i]){
int y=to[i];
if(!col[y]) col[y]=3-col[x],q.push(y);
else{
if(col[y]!=3-col[x]){
puts("0");exit(0);
}
}
}
}
}
int f[maxn];
stack <int> s1,s2;
int cnt=1;
int main(){
read(n);
for(int i=1;i<=n;i++) read(a[i]);
f[n+1]=0x3f3f3f3f;
for(int i=n;i>=1;i--) f[i]=min(f[i+1],a[i]);
for(int i=1;i<=n;i++){
for(int j=i+1;j<=n;j++){
if(a[i]>f[j+1]&&a[i]<a[j]) add(i,j),add(j,i);
}
}
for(int i=1;i<=n;i++){
if(!col[i]) color(i);
}
for(int i=1;i<=n;i++){
if(col[i]==1){
s1.push(a[i]);printf("a ");
}
else{
s2.push(a[i]);printf("c ");
}
while((s1.size()&&s1.top()==cnt)||(s2.size()&&s2.top()==cnt)){
if(s1.size()&&s1.top()==cnt){
printf("b ");s1.pop();
}
else{
printf("d ");s2.pop();
}
++cnt;
}
}
return 0;
}

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