SPOJ Time Limit Exceeded(高维前缀和)
【题目链接】 http://www.spoj.com/problems/TLE/en/
【题目大意】
给出n个数字c,求非负整数序列a,满足a<2^m
并且有a[i]&a[i+1]=0,对于每个a[i],要保证a[i]不是c[i]的倍数,
求这样的a[i]序列的个数
【题解】
我们用dp[i]表示以i为结尾的方案数,
我们发现要满足a[i]&a[i+1]=0,则dp[i]是从上一次结果中所有满足i&j=0的地方转移过来的
i&j=0即i&(~j)=i,即i为~j的子集,那么我们每次对上一次的结果进行下标取反操作,
那么求当前dp[i],就是求出以i为子集的上一次计算出的dp值的高维前缀和。
对于c[i]这个条件,我们每轮计算后将c[i]倍数为下标的dp值置0即可。
【代码】
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <cstring>
using namespace std;
int T,n,m,c[100];
const int mod=1000000000;
struct data{
int val;
data operator +(const data &rhs)const{
int t_val=val+rhs.val;
if(t_val>=mod)t_val-=mod;
if(t_val<0)t_val+=mod;
return data{t_val};
}
}dp[(1<<15)+10],res;
int main(){
scanf("%d",&T);
while(T--){
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=1;i<=n;i++)scanf("%d",&c[i]);
int all=1<<m;
for(int j=0;j<all;j++)dp[j].val=(j==0);
for(int i=1;i<=n;i++){
for(int j=0;j<all;j+=2)swap(dp[j],dp[j^(all-1)]);
for(int j=0;j<m;j++)for(int k=0;k<all;k++){
if(~k&(1<<j))dp[k]=dp[k]+dp[k|(1<<j)];
}for(int j=0;j<all;j+=c[i])dp[j].val=0;
}res.val=0;
for(int j=0;j<all;j++)res=res+dp[j];
printf("%d\n",res.val);
}return 0;
}
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