CF933A A Twisty Movement
题意翻译
给定一个序列 A,你可以翻转其中的一个区间内的数,求翻转后的序列的最长不下降子序列的长度。(∣A∣≤2000,1≤ai≤2|A|\le 2000,1\le a_i \le 2∣A∣≤2000,1≤ai≤2 )
感谢@touristWang 提供的翻译
题目描述
A dragon symbolizes wisdom, power and wealth. On Lunar New Year's Day, people model a dragon with bamboo strips and clothes, raise them with rods, and hold the rods high and low to resemble a flying dragon.
A performer holding the rod low is represented by a 1 1 1 , while one holding it high is represented by a 2 2 2 . Thus, the line of performers can be represented by a sequence a1,a2,...,an a_{1},a_{2},...,a_{n} a1,a2,...,an .
Little Tommy is among them. He would like to choose an interval [l,r] [l,r] [l,r] ( 1<=l<=r<=n 1<=l<=r<=n 1<=l<=r<=n ), then reverse al,al+1,...,ar a_{l},a_{l+1},...,a_{r} al,al+1,...,ar so that the length of the longest non-decreasing subsequence of the new sequence is maximum.
A non-decreasing subsequence is a sequence of indices p1,p2,...,pk p_{1},p_{2},...,p_{k} p1,p2,...,pk , such that p1<p2<...<pk p_{1}<p_{2}<...<p_{k} p1<p2<...<pk and ap1<=ap2<=...<=apk a_{p1}<=a_{p2}<=...<=a_{pk} ap1<=ap2<=...<=apk . The length of the subsequence is k k k .
输入输出格式
输入格式:
The first line contains an integer n n n (1<=n<=2000) (1<=n<=2000) (1<=n<=2000) , denoting the length of the original sequence.
The second line contains n n n space-separated integers, describing the original sequence a1,a2,...,an a_{1},a_{2},...,a_{n} a1,a2,...,an (1<=ai<=2,i=1,2,...,n) (1<=a_{i}<=2,i=1,2,...,n) (1<=ai<=2,i=1,2,...,n) .
输出格式:
Print a single integer, which means the maximum possible length of the longest non-decreasing subsequence of the new sequence.
输入输出样例
4
1 2 1 2
4
10
1 1 2 2 2 1 1 2 2 1
9
说明
In the first example, after reversing [2,3], the array will become [1,1,2,2] , where the length of the longest non-decreasing subsequence is 4 .
In the second example, after reversing [3,7] , the array will become [1,1,1,1,2,2,2,2,2,1] , where the length of the longest non-decreasing subsequence is 9 .
Solution:
本题思维题。
因为$a_i$只有$1,2$两种可能,于是我们可以确定的是答案一定是:$[1,1,1,…]\;[2,2,2…]\;[1,1,1…]\;[2,2,2…]$这样的四段子序列(每一段都允许为空),使得第二、三段所在区间翻转得到答案(不翻转可以理解为二、三段为空序列)。
解法一:
我们可以从左往右做前缀和$ct1[i]$表示$[1,i]$出现的$1$的个数,同理做出后缀和$ct2[i]$表示$[i,n]$出现的$2$的个数。然后我们枚举断点$k,k\in[1,n+1]$(即二、三段的分界点),设一、二段的分界点为$p,p\in[1,k]$,三、四段的分界点为$q,q\in[k,n+1]$,那么显然答案为$(ct1[p-1])+(ct2[p]-ct2[k])+(ct1[q-1]-ct1[k])+(ct2[q])$,式子中括号括起来的为一段,这个式子可以化为$(ct1[p-1]+ct2[p]+ct1[q-1]+ct2[q])-(ct1[k]+ct2[k]),p\in[1,k],q\in[k,n+1]$,注意到对于一个确定的$k$,我们要最大化前面括号的式子,而前者可以用线段树维护下$ct1[i-1]+ct2[i]$,那么只用枚举$k$,再两次区间最大值查询,更新答案就好了。
时间复杂度$O(n\log n)$。
代码:
/*Code by 520 -- 10.20*/
#include<bits/stdc++.h>
#define il inline
#define ll long long
#define RE register
#define For(i,a,b) for(RE int (i)=(a);(i)<=(b);(i)++)
#define Bor(i,a,b) for(RE int (i)=(b);(i)>=(a);(i)--)
#define lson l,m,rt<<1
#define rson m+1,r,rt<<1|1
using namespace std;
const int N=;
int n,ans,ct1[N],ct2[N],a[N],ppx[N];
struct SGT{
int maxn[N<<];
il void pushup(int rt){maxn[rt]=max(maxn[rt<<],maxn[rt<<|]);}
void build(int l,int r,int rt){
if(l==r) {maxn[rt]=ppx[l];return;}
int m=l+r>>;
build(lson),build(rson);
pushup(rt);
}
int query(int L,int R,int l,int r,int rt){
if(L<=l&&R>=r) return maxn[rt];
int m=l+r>>,res=;
if(L<=m) res=max(res,query(L,R,lson));
if(R>m) res=max(res,query(L,R,rson));
return res;
}
}T; int main(){
scanf("%d",&n); int t1,t2;
For(i,,n) scanf("%d",a+i),ct1[i]=ct1[i-]+(a[i]==);
Bor(i,,n) ct2[i]=ct2[i+]+(a[i]==);
For(i,,n+) ppx[i]=ct1[i-]+ct2[i];
T.build(,n+,);
For(k,,n+) {
t1=T.query(,k,,n+,),t2=T.query(k,n+,,n+,);
ans=max(ans,t1+t2-ct1[k-]-ct2[k]);
}
cout<<ans;
return ;
}
解法二:
我们显然(事实上考试只想出了解法一)可以用DP来维护每段的最大值。
定义状态$f[i][1]$表示前$i$个数中前一段的答案,$f[i][2]$表示前$i$个数中前两段的答案,$f[i][3]$表示前$i$个数中前三段的答案,$f[i][4]$表示前$i$个数中前四段的答案。
那么不难得到状态转移方程:
$f[i][1]=f[i-1][1]+(a_i==1)$
$f[i][2]=max(f[i-1][1],f[i-1][2]+(a_i==2))$
$f[i][3]=max(f[i-1][2],f[i-1][3]+(a_i==1))$
$f[i][4]=max(f[i-1][3],f[i-1][4]+(a_i==2))$
显然第一维是可以压掉的,时间复杂度$O(n)$。
代码:
/*Code by 520 -- 10.20*/
#include<bits/stdc++.h>
#define RE register
#define For(i,a,b) for(RE int (i)=(a);(i)<=(b);(i)++)
using namespace std;
int n,x,f[]; int main(){
scanf("%d",&n);
For(i,,n)
scanf("%d",&x),
f[]+=(x==),
f[]=max(f[],f[]+(x==)),
f[]=max(f[],f[]+(x==)),
f[]=max(f[],f[]+(x==));
cout<<f[];
return ;
}
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