题目背景

MooFest, 2004 Open

题目描述

约翰的N 头奶牛每年都会参加“哞哞大会”。哞哞大会是奶牛界的盛事。集会上的活动很

多,比如堆干草,跨栅栏,摸牛仔的屁股等等。它们参加活动时会聚在一起,第i 头奶牛的坐标为Xi,没有两头奶牛的坐标是相同的。奶牛们的叫声很大,第i 头和第j 头奶牛交流,会发出\(max{Vi, Vj}\) \(×\) \(|Xi − Xj |\) 的音量,其中Vi 和Vj 分别是第i 头和第j 头奶牛的听力。假设每对奶牛之间同时都在说话,请计算所有奶牛产生的音量之和是多少。

输入输出格式

输入格式:

• 第一行:单个整数N,1 ≤ N ≤ 20000

• 第二行到第N + 1 行:第i + 1 行有两个整数Vi 和Xi.

\(1 ≤ Vi ≤ 20000; 1 ≤ Xi ≤ 20000\)

输出格式:

• 单个整数:表示所有奶牛产生的音量之和

输入输出样例

输入样例#1:

4

3 1

2 5

2 6

4 3

输出样例#1:

57

说明

朴素O(N2)

类似于归并排序的二分O(N logN)

树状数组O(N logN)

Solution

首先本着打暴力的心情先打了个\(O(N^2)\),结果数组开小了,然后改了之后就A了???

Code\((N^2)\)

#include<bits/stdc++.h>
#define lol long long
#define Min(a,b) (a)<(b)?(a):(b)
#define Max(a,b) (a)>(b)?(a):(b) using namespace std; const int N=2e5+10; void in(int &ans)
{
ans=0;int f=1; char i=getchar();
while(i<'0'||i>'9'){if(i=='-') f=-1; i=getchar();}
while(i>='0'&&i<='9') ans=(ans<<3)+(ans<<1)+i-'0',i=getchar();
ans*=f;
} int n,m;
lol ans;
int v[N],p[N]; int main()
{
in(n);
for(int i=1;i<=n;i++) in(v[i]),in(p[i]);
for(int i=1;i<=n;i++) {
for(int j=i+1;j<=n;j++)
ans+=(Max(v[i],v[j]))*(abs(p[i]-p[j]));
}
printf("%lld\n",ans);
return 0;
}

然后想正解,只有当一头奶牛的比其他奶牛大时才有贡献,所以我们把数据按照听力排序之后就可以消除这一点,即当前奶牛不会对后面的奶牛造成影响,因为它的听力没有后面的奶牛好

那么肯定是需要\(O(N)\)来枚举奶牛的,怎么快速算出它的贡献呢?

设num[i]为x[i]及x[i]前面的奶牛的个数,sum[i]为x[i]前面奶牛的坐标之和

都是前缀和

用一个\(log n\)的数据结构来维护,树状数组\(or\)线段树,复杂度\(O(N*logN)\)

注意:以下说的的之前都指的是在一头奶牛的坐标之前,而不是序号之前

所以每次扫到一头奶牛之后,它对答案的贡献就是

(这头奶牛之前的奶牛的数量\(*\)本头奶牛的坐标-这头奶牛之前的坐标的前缀和)\(*\) \(v[i]\)+(这头奶牛之后的坐标的前缀和-这头奶牛之后的奶牛的数量\(*\)本头奶牛的坐标)\(*\) \(v[i]\)

也就是

\[((num[i-1]*x[i]-sum[i-1])+(sum[maxn]-sum[i])-(num[maxn]-num[i])*x[i])*v[i]
\]

因为我们是一边枚举一边统计,其中maxn为坐标的最大值,用sum[maxn]和num[maxn]来统计当前有多少头奶牛

先统计再插入

这里摆上树状数组的代码

Code

#include<bits/stdc++.h>
#define lol long long
#define Min(a,b) (a)<(b)?(a):(b)
#define Max(a,b) (a)>(b)?(a):(b) using namespace std; const int N=2e5+10; void in(int &ans)
{
ans=0;int f=1; char i=getchar();
while(i<'0'||i>'9'){if(i=='-') f=-1; i=getchar();}
while(i>='0'&&i<='9') ans=(ans<<3)+(ans<<1)+i-'0',i=getchar();
ans*=f;
} int n,m,maxn;
lol ans;
struct node {
int v,x;
bool operator < (const node & a) const {
if(a.v==v) return x<a.x;
return v<a.v;
}
}sub[N];
lol num[N],sum[N]; inline int lowbit(int x)
{
return x&-x;
} void add(int x,int a,lol *f) {
while(x<=maxn) {
f[x]+=a;
x+=lowbit(x);
}
} lol check(int x,lol *f) {
lol ans=0;
while(x) {
ans+=f[x];
x-=lowbit(x);
}
return ans;
} int main()
{
in(n);
for(int i=1;i<=n;i++) in(sub[i].v),in(sub[i].x),maxn=Max(maxn,sub[i].x);
sort(sub+1,sub+1+n);
for(int i=1;i<=n;i++) {
lol size,dist; size=check(sub[i].x-1,num);
dist=check(sub[i].x-1,sum);
ans+=sub[i].v*(size*sub[i].x-dist); size=check(maxn,num)-check(sub[i].x,num);
dist=check(maxn,sum)-check(sub[i].x,sum);
ans+=sub[i].v*(dist-size*sub[i].x); add(sub[i].x,sub[i].x,sum);
add(sub[i].x,1,num);
}
printf("%lld\n",ans);
return 0;
}

博主蒟蒻,随意转载.但必须附上原文链接

http://www.cnblogs.com/real-l/

[USACO] 2004 Open MooFest 奶牛集会的更多相关文章

  1. USACO26 moofest 奶牛集会(归并排序)

    听说这题也是bzoj的3378&&poj1990,然而没有权限号交不了..poj懒得登. 题意:有n个奶牛,他们相互发出max(a[i].v,a[j].v)*abs(a[i].p-a[ ...

  2. usaco 奶牛集会 && 奶牛抗议

    奶牛集会 Description 约翰家的N头奶牛每年都会参加“哞哞大会” .哞哞大会是世界奶牛界的盛事.集会上 的活动很多,比如堆干草,跨栅栏,摸牛仔的屁股等等.当然,哞哞大叫肯定也包括在内. 奶牛 ...

  3. 洛谷 P2345 奶牛集会 解题报告

    P2345 奶牛集会 题目背景 MooFest, 2004 Open 题目描述 约翰的N 头奶牛每年都会参加"哞哞大会".哞哞大会是奶牛界的盛事.集会上的活动很 多,比如堆干草,跨 ...

  4. COGS130. [USACO Mar08] 游荡的奶牛[DP]

    130. [USACO Mar08] 游荡的奶牛 ★☆   输入文件:ctravel.in   输出文件:ctravel.out   简单对比时间限制:1 s   内存限制:128 MB 奶牛们在被划 ...

  5. AC日记——奶牛集会 洛谷 P2345

    奶牛集会 思路: 把奶牛按照v排序: 然后,每次都把奶牛放入一个集合s: 因为奶牛已经排序: 所以,每次第i次放入奶牛起作用的v就是vi: 每次ans+=(xi*sum-sumxl)*vi+(sumx ...

  6. luogu P2345 奶牛集会

    二次联通门 : luogu P2345 奶牛集会 /* luogu P2345 奶牛集会 权值线段树 以坐标为下标, 坐标为值建立线段树 对奶牛按听力由小到大排序 对于要查的牛 每次第i次放入奶牛起作 ...

  7. 洛谷P2345 奶牛集会

    题目背景 MooFest, 2004 Open 题目描述 约翰的N 头奶牛每年都会参加“哞哞大会”.哞哞大会是奶牛界的盛事.集会上的活动很 多,比如堆干草,跨栅栏,摸牛仔的屁股等等.它们参加活动时会聚 ...

  8. Luogu2345 | 奶牛集会 (树状数组)

    题目背景 MooFest, 2004 Open 题目描述 约翰的 \(N\) 头奶牛每年都会参加"哞哞大会".哞哞大会是奶牛界的盛事.集会上的活动很多,比如堆干草,跨栅栏,摸牛仔的 ...

  9. P2345 奶牛集会andP2657 低头一族

    做法是一样的 题目背景 MooFest, Open 题目描述 约翰的N 头奶牛每年都会参加“哞哞大会”.哞哞大会是奶牛界的盛事.集会上的活动很 多,比如堆干草,跨栅栏,摸牛仔的屁股等等.它们参加活动时 ...

随机推荐

  1. OMAPL多核异构通信驱动AD9833波形发生器-Notify组件

    OMAPL多核异构通信驱动AD9833-Notify组件demo OMAPL多核通信有三个主要机制,Notify,MessageQ,RegionShare;这里主要利用了Notify机制进行通信控制. ...

  2. Django自带后台使用配置

    参考官网地址:https://docs.djangoproject.com/en/1.11/ref/contrib/admin/ ,本文章值是介绍简单配置,如果需要详细内容可以查阅官方文档 自动管理界 ...

  3. C语言实现计算二进制数字1的个数

    #include<stdio.h> #include<stdlib.h> int print_one_bits01(unsigned int value){ //0000 11 ...

  4. HBase 伪分布式环境搭建及基础命令使用

    一.前提条件: (1)文件存储在HDFS文件系统之上.因此必须启动hadoop服务.(namenode,datanode,resourcemanager,nodemanager,historyserv ...

  5. sqoop 的使用 -20160410

    1  导入导出数据库   1)列出mysql数据库中的所有数据库命令  #  sqoop list-databases --connect jdbc:mysql://localhost:3306/ - ...

  6. A problem occurred evaluating project ':'. > ASCII

    项目编译出错: 错误信息如下: FAILURE: Build failed with an exception. * Where: Build file 'F:\git\i***\build.grad ...

  7. PRO*C 函数事例 2 -- 数据库操作

    Pro*C Oracle 的嵌入式开发,数据库处理部分最好能提取到一个模块,按照对不同数据库表的操作分成不同的.pc文件(如 DbsInstStat.pc).将此模块编译成库(c文件编译时链接此库), ...

  8. java线程池技术

    1.线程池的实现原理?简介: 多线程技术主要解决处理器单元内多个线程执行的问题,它可以显著减少处理器单元的闲置时间,增加处理器单元的吞吐能力.假设一个服务器完成一项任务所需时间为:T1 创建线程时间, ...

  9. awk用法介绍

    Awk 程序的结构如下: awk 'BEGIN{ print "start" } pattern { commands } END{ print "end" } ...

  10. Delphi实例之橡皮筋画图的实现

    Delphi实例之橡皮筋画图的实现 在<Delphi7基础教程>这本书的练习中提到过一个橡皮筋画图的例子,书上的源码是错误的!不知道是打印的错误还是本身源码就有问题,我将它改了过来. 在F ...