感觉有点奇怪的是这题明明是n^2的复杂度,n=1e6竟然能过= =。应该是数据水了。

  dp[i][j]表示前j个数,分成i段,且最后一段的最后一个为a[j]的答案。那么转移式是:dp[i][j] = max(dp[i][j-1], max{dp[i-1][t]}) + a[j],(i-1<=t<=j-1,j-1>=i)。前者表示在第i段的最后一个加上a[j],后者表示a[j]另起一段。这个dp显然是可以滚动数组的,那么空间是可以接受的。然后后者可以使用一个pre数组来记录之前的最大值。具体见代码:

 #include <stdio.h>
#include <algorithm>
#include <string.h>
using namespace std;
const int N = + ;
const int inf = 2e9; int m,n;
int a[N],dp[N],pre[N]; int main()
{
while(scanf("%d%d",&m,&n) == )
{
for(int i=;i<=n;i++) scanf("%d",a+i);
memset(pre,,sizeof(pre));
int temp;
for(int i=;i<=m;i++)
{
temp = -inf;
for(int j=i;j<=n;j++)
{
// 要加下面这行的特判,因为j和i相等的时候dp[j-1]是前一个i时候的状态
if(j == i) dp[j] = pre[j-] + a[i];
else dp[j] = max(dp[j-], pre[j-]) + a[j];
pre[j-] = temp; // 之所以只能这样更新是因为必须在旧状态的pre用完以后再更新新的pre
temp = max(temp, dp[j]);
}
}
printf("%d\n",temp);
}
return ;
}

  

  有几点想补充的。感觉如果用滚动数组,代码会更容易理解。个人认为上面这个特判不能少,因为j是必须大于i的,虽然少了也能过(应该是数据水了)。

另外,还是觉得这题应当是n^2规模的问题。顺便回顾一下之前一道类似的问题:选k段,每段的长度都为m,求区间的最大和

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