题目描述

公元$ 2044 $年,人类进入了宇宙纪元。

\(L\) 国有 \(n\) 个星球,还有 \(n-1\) 条双向航道,每条航道建立在两个星球之间,这 \(n-1\) 条航道连通了 \(L\) 国的所有星球。

小 \(P\) 掌管一家物流公司,该公司有很多个运输计划,每个运输计划形如:有一艘物流飞船需要从 \(u_i\) 号星球沿最快的宇航路径飞行到 \(v_i\) 号星球去。显然,飞船驶过一条航道 是需要时间的,对于航道\(j\),任意飞船驶过它所花费的时间为 \(t_j\),并且任意两艘飞船之 间不会产生任何干扰。

为了鼓励科技创新,\(L\) 国国王同意小 \(P\) 的物流公司参与 \(L\) 国的航道建设,即允许小 $P $把某一条航道改造成虫洞,飞船驶过虫洞不消耗时间。

在虫洞的建设完成前小 \(P\) 的物流公司就预接了 \(m\) 个运输计划。在虫洞建设完成后, 这 \(m\) 个运输计划会同时开始,所有飞船一起出发。当这 \(m\) 个运输计划都完成时,小 \(P\) 的 物流公司的阶段性工作就完成了。

如果小 \(P\) 可以自由选择将哪一条航道改造成虫洞,试求出小 \(P\) 的物流公司完成阶段性工作所需要的最短时间是多少?

Input

第一行包括两个正整数 \(n、m\),表示 \(L\) 国中星球的数量及小 \(P\) 公司预接的运输计划的数量,星球从 \(1\) 到 \(n\) 编号。

接下来 \(n-1\) 行描述航道的建设情况,其中第 \(i\) 行包含三个整数 \(a_i, b_i\) 和 \(t_i\),表示第\(i\)条双向航道修建在 \(a_i\) 与 \(b_i\) 两个星球之间,任意飞船驶过它所花费的时间为 \(t_i\)。

接下来 \(m\) 行描述运输计划的情况,其中第 \(j\) 行包含两个正整数 \(u_j\) 和 \(v_j\),表示第 \(j\)个 运输计划是从 \(u_j\) 号星球飞往 \(v_j\) 号星球。

数据保证 \(1≤u_i,v_i≤n,1<=n,m<=300000\)

数据保证 \(1≤a_i,b_i≤n\) 且 \(0≤t_i≤1000\)。

Output

输出 共\(1\)行,包含\(1\)个整数,表示小\(P\)的物流公司完成阶段性工作所需要的最短时间。

Sample Input

6 3
1 2 3
1 6 4
3 1 7
4 3 6
3 5 5
3 6
2 5
4 5

Sample Output

11

首先,看到了最大值最小就很自然的想到了二分答案。

嗯,二分是很显然的。。。。

那么,我们该如何\(check\)呢?,对于两点间路径已经小于当前\(x\)的路径可以直接忽视掉。

那么剩下来的路径就是大于当前\(x\)的路径了,对于这些路径我们需要去掉一条边是所有的路径中最大值最小。

即,我们需要减去路径交集中最大的边

这个操作是很显然的,因为只有减得越多才可以剩的越少。

现在,我们需要做的就是求出所有路径的交集了?

怎么求呢?我们可以利用树上差分来进行求解。

我们需要将边转换到点上,那么我们该如何转换呢?

由于一条边的节点一定是父亲节点和儿子节点之分。

而儿子节点所对应的边只有一条,所以我们将边转移到子节点上。

当加入一条路径\(a,b\)时,设\(LCA\)为\(a,b\)的\(lca\),则\(Sum[a]++,Sum[b]++,Sum[LCA]-=2\)。

我们统计答案时若当前节点的\(Sum\)值为不满足条件的路径个数,说明该节点所对应的边为所有路径的交集,

更新答案即可。。。

最后看一下最长的路径减去路径上的最大值是否\(<=\)当前\(x\)即可。

不过这道题的数据较大,普通的算法容易被卡掉。

那么,我们就需要一些优化。。。

1.优化二分上下界:

\(L=\)最长的路径长度减去最大的边权,\(R=\)最长的路径长度。

这样二分的次数保证在\(10\)以内。

2.避免递归:

由于统计答案时,我们需要递归求解,而递归是有常数的,

我们又发现一个节点的值只和其子树有关,而子树在\(dfs\)序中时保证子节点编号大于根节点编号。

于是,我们可以利用\(dfs\)序倒着更新\(Sum\)值。

代码如下

#include <bits/stdc++.h>

using namespace std;

#define LL long long
#define reg register
#define Raed Read
#define debug(x) cerr<<#x<<" = "<<x<<endl;
#define rep(a,b,c) for(reg int a=(b),a##_end_=(c); a<=a##_end_; ++a)
#define ret(a,b,c) for(reg int a=(b),a##_end_=(c); a<a##_end_; ++a)
#define drep(a,b,c) for(reg int a=(b),a##_end_=(c); a>=a##_end_; --a)
#define erep(i,G,x) for(int i=(G).Head[x]; i; i=(G).Nxt[i]) inline char G1() {
static const int LEN=2000005;
static char U[LEN],*T=U,*E=U;
if(T==E)T=U,E=U+fread(U,1,LEN,stdin);
return T==E?EOF:*T++;
} inline int Read(void) {
int res=0,f=1;
char c;
while(c=G1(),c<48||c>57)if(c=='-')f=0;
do res=(res<<3)+(res<<1)+(c^48);
while(c=G1(),c>=48&&c<=57);
return f?res:-res;
} template<class T>inline bool Min(T &a,T const&b) {
return a>b ?a=b,1:0;
}
template<class T>inline bool Max(T &a,T const&b) {
return a<b?a=b,1:0;
} const int N=3e5+5,M=3e5+5,mod=1e9+7; bool MOP1; int n,m,A[N],B[N],TT[M]; struct Link_list {
int Tot,Head[N],to[M<<1],Nxt[M<<1],cost[M<<1];
inline void clear(void) {
Tot=0;
memset(Head,0,sizeof Head);
}
inline void AddEdgepair(int a,int b,int c) {
to[++Tot]=b,cost[Tot]=c,Nxt[Tot]=Head[a],Head[a]=Tot;
to[++Tot]=a,cost[Tot]=c,Nxt[Tot]=Head[b],Head[b]=Tot;
}
} G; int Fa[M],dep[M],top[M],sz[M],son[M],Dis[M],LCA[N],cnt,Id[N]; void dfs1(int x,int f) {
Id[++cnt]=x;
dep[x]=dep[f]+1,Fa[x]=f,sz[x]=1;
erep(i,G,x) {
int y=G.to[i];
if(y==f)continue;
Dis[y]=Dis[x]+G.cost[i];
TT[y]=G.cost[i];
dfs1(y,x),sz[x]+=sz[y];
if(sz[y]>sz[son[x]])son[x]=y;
}
} void dfs2(int x,int f) {
top[x]=f;
if(son[x])dfs2(son[x],f);
else return;
erep(i,G,x) {
int y=G.to[i];
if(y==Fa[x]||y==son[x])continue;
dfs2(y,y);
}
} inline int lca(int x,int y) {
while(top[x]!=top[y]) {
if(dep[top[x]]>dep[top[y]])x=Fa[top[x]];
else y=Fa[top[y]];
}
return dep[x]<dep[y]?x:y;
} int res,tot,Sum[N]; inline bool check(int x) {
res=-1,tot=0;
rep(i,1,n)Sum[i]=0;
rep(i,1,m) {
if(Dis[A[i]]+Dis[B[i]]-2*Dis[LCA[i]]<=x)continue;
tot++,Sum[A[i]]++,Sum[B[i]]++,Sum[LCA[i]]-=2;
}
drep(i,n,1) {
int u=Id[i];
erep(i,G,u) {
int y=G.to[i];
if(y==Fa[u])continue;
Sum[u]+=Sum[y];
}
if(Sum[u]==tot)Max(res,TT[u]);
}
if(res==-1)return false;
rep(i,1,m) {
if(Dis[A[i]]+Dis[B[i]]-2*Dis[LCA[i]]<=x)continue;
if(Dis[A[i]]+Dis[B[i]]-2*Dis[LCA[i]]-res>x)return false;
}
return true;
} int Ma; inline void solve(void) {
int L=0,R=0,Ans=0;
rep(i,1,m)Max(R,Dis[A[i]]+Dis[B[i]]-2*Dis[LCA[i]]);
L=R-Ma;
while(L<=R) {
int mid=(L+R)>>1;
if(check(mid))Ans=mid,R=mid-1;
else L=mid+1;
}
printf("%d\n",Ans);
} bool MOP2; inline void _main(void) {
n=Read(),m=Read();
int f=1;
ret(i,1,n) {
int a=Read(),b=Read(),c=Read();
Max(Ma,c),G.AddEdgepair(a,b,c);
}
dfs1(1,0),dfs2(1,1);
rep(i,1,m)A[i]=Read(),B[i]=Read(),LCA[i]=lca(A[i],B[i]);
solve();
} signed main() {
_main();
return 0;
}

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