DAY 2模拟赛

DAY2

依旧是yyx出题

依旧毒瘤

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滞空(jump/1s/64M)

题目描述：

pyy在平面上第一象限内发现了顺序n个平台(她可以踩在这些平台上，但必须从第i-1号平台跳跃至i-1号平台)，这些平台的横坐标互异且单调递增，从i号平台出发依次跳跃经过2-->n号平台不允许落地。

给出pyy的质量m和重力加速度g(重力沿y轴负方向)，考虑理想情况下，求pyy需要消耗的最小能量(不考虑落至平台冲量(即落至平台后速度为0))(单位J)。

设E为能量，m为质量，v为速度，x为位移，a为加速度，t为时间，h为两个点高度差。

能量守恒指在本题中初始动能视为人体能量消耗；

牛顿第二定律给出加速运动中，加速度与位移间关系的公式；

动能定理和重力势能公式给出能量计算公式。

样例输入

样例输出

499122214J

一个鬼畜的物理题。。。

pyy在中子星上以光速跳跃？？？

我自闭了

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long LL;
const LL mod = ;
inline void rd(LL &x)
{
    x=;int f=;char ch=getchar();
    while(ch<''||ch>''){if(ch=='-')f=-;ch=getchar();}
    while(ch>=''&&ch<=''){x=x*+ch-'';ch=getchar();}
}
LL n,m,x[],y[],g,ans;
LL qpow(LL a)
{
    LL res=,k=mod-;
    while(k)
    {
        if(k&)res=res*a%mod;
        a=a*a%mod;
        k>>=;
    }
    return res;
}
LL _2 = qpow();
void down(LL x,LL h){x%=mod;h%=mod;    ans += (x*x*m%mod)*qpow(*h);    ans%=mod;}
void up(LL x,LL h)    {x%=mod;h%=mod;    ans += (m*h%mod) + ( (x*x*m%mod) *qpow(*h) )%mod;    ans%=mod;}
void pi_4(LL x){x%=mod;    ans += (m*x%mod)*_2;    ans%=mod;}
void solve()
{
    scanf("%lld%lld%lld",&n,&m,&g);
    rd(x[]);    rd(y[]);
    for(int i=;i<=n;i++)
    {
        rd(x[i&]);    rd(y[i&]);
        if(y[i&]>y[!(i&)])    up(x[i&]-x[!(i&)],y[i&]-y[!(i&)]);
        if(y[i&]<y[!(i&)])    down(x[i&]-x[!(i&)],y[!(i&)]-y[i&]);
        if(y[i&]==y[!(i&)])    pi_4(x[i&]-x[!(i&)]);
    }
    printf("%lldJ",ans*g%mod);
}
int main()
{
    freopen("jump.in","r",stdin);
    freopen("jump.out","w",stdout);
    solve();
    fclose(stdin);
    fclose(stdout);
    return ;
}

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放爆竹（bomb/1s/64M)

1 题目描述

  小明和小辉一起放爆竹。

  小辉将很多地雷和春雷穿成了n串。因为地雷和春雷爆炸的声音是不一样的，所以串起来以后，爆炸的声音也是不一样的。

  小辉原本想让小明告诉他，如果同时点燃n串雷，最多会有多长的时间至少有两串雷爆炸的声音是一样的。

  但是小辉觉得这个问题真是太简单了，所以决定问小明，如果在山谷中（有回音）同时点燃n串雷，那最多会有多长的时间至少有两串雷爆炸的声音是一样的呢？

  小辉认为一枚春雷或者地雷爆炸都需要1ms，且山谷中的回音不减弱，并且小辉给出的雷串不会是任意一个雷串的重复（不管重复的雷串是否存在，即无论如何都不会存在类似于 01010101的雷串）。

2 输入

2.1 输入格式

  第一行，一个数，表示有n串雷。

  接下来n行，其中第i行一个01字符串描述小辉的第i串雷，其中0表示春雷，1表示地雷。

2.2 样例1输入

2.3 样例2输入

3 输出

3.1 输出格式

  一行，一个数表示小明给出的答案。

3.2 样例1输出

3.3 样例2输出

4 样例解释

4.1 样例1解释

  第3串雷0100爆炸后得到的声音串0100010001000100…

  第4串雷010爆炸后得到声音串010010010010010…

  两个声音串的前4位是一样的，所以小辉前4ms听到的声音是一样的。

#include <bits/stdc++.h>

using std::max;
using std::strlen;

const int N=,Mlen=,Node=N*Mlen*;

int n,len[N],ans;
char s[N][Mlen];

struct Trie{
    int son[Node][],node,app[Node],dep[Node],f[Node];

    void init() {
        son[][]=son[][]=;
        app[]=dep[]=;
    }

    int newnode(int d){
        ++node;
        son[node][]=son[node][]=;
        dep[node]=d;
        app[node]=;
        return node;
    }

    void insert(char *s,int len,int t) {
        int p=,add=;
        while (t) {
            for (int i=;i<len && add<=;++i) {
                int &x=son[p][s[i]-''],pp=p;
                p=x?x:x=newnode(dep[p]+); f[p]=pp;
                app[p]++; add++;
            }
            t--;
        }
    }

    int FindAns() {
        int ans=;
        for (int i=;i<=node;++i) if (app[i]>=) {
            ans=max(ans,dep[i]);
        }
//        for (int i=1;i<=node;++i) if (app[i]>=2 && ans==dep[i]) {
//            int p=i;
//            while (p) {
//                putchar((p==son[f[p]][1])+'0');
//                p=f[p];
//            }
//            putchar('\n');
//            break;
//        }
        return ans;
    }

}tr;

void Init() {
    scanf("%d",&n);
    for (int i=;i<=n;++i) {
        scanf("%s",s[i]); len[i]=strlen(s[i]);
    }
}

void Solve() {
    tr.init();
    for (int i=;i<=n;++i) {
        tr.insert(s[i],len[i],(-)/len[i]+);
    }
    printf("%d\n",tr.FindAns());
}

int main() {
    freopen("bomb.in","r",stdin);
    freopen("bomb.out","w",stdout);
    Init();
    Solve();
    fclose(stdin);
    fclose(stdout);
    return ;
}

以上是正解std

我的菜鸡做法：

也是字典树，先不考虑重复的情况，把n个01串在字典树上建出来，并且多记录一个数组num表示经过某一条边的字符串的数量

然后遍历字典树中num大于1的边，每次遇到结尾的标记end就将这一个字符串重新复制一遍接在现在节点的下方

在遍历的时候记录数量，然后取max就行了

由于这是有需要的时候才复制，应该会比上面的题解快一些吧rwr

#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<cstdlib>
#include<iomanip>
#include<cmath>
#include<cstring>
#include<string>
#include<algorithm>
#include<queue>
using namespace std;

int n;
char s[][];
int ch[][];
int end[];
int num[];
int cnt,id;
int ans;

inline void build(int x)
{
    int now=;
    for(int i=;i<strlen(s[x]);i++)
    {
        int c=s[x][i]-'';
        if(!ch[now][c]) ch[now][c]=++cnt;
        now=ch[now][c];
        num[now]++;
    }
    end[now]=(++id);
}

void dfs(int now,int an)
{
    ans=max(ans,an);
    printf("%d ",ans);
    if(num[now]>&&end[now]!=)
    {
        int noow=now;
        for(int j=;j<strlen(s[end[now]]);j++)
        {
            int c=s[end[now]][j]-'';
            if(!ch[noow][c]) ch[noow][c]=++cnt;
            noow=ch[noow][c];
            num[noow]++;
        }
        end[noow]=end[now];
    }
    for(int i=;i<=;i++)
    {
        if(num[ch[now][i]]>)
        {
            if(ch[now][i]==) continue;
            else
            {
                dfs(ch[now][i],an+);
            }
        }
        else continue;
    }
}

int main()
{
//    freopen("bomb.in","r",stdin);
//    freopen("bomb.out","w",stdout);
    scanf("%d",&n);
    for(int i=;i<=n;i++)
    {
        scanf("%s",s[i]);
        build(i);
    }
    num[]=n;
    dfs(,);
    printf("%d\n",ans);
}

pyy整队(queue,1s,128M)

问题描述：

　　众所周知pyy当了班长，服务于民。一天体育课，趁体育老师还没来，pyy让班里n个同学先排好队。老师不在，同学们开始玩起了手机。站在队伍前端玩手机，前面的人少了，谁都顶不住。于是陆陆续续有人往队伍最后躲去，但大家都沉迷某骗氪手游，忘记了老师说前面位置有空缺要补齐的要求。一些同学还时不时地低头问向指挥队伍的班长pyy，排在自己前面成绩最好的同学是谁，这样自己才能心安理得放心大胆的继续玩手机。

  这时老师来了，同学们在可以忽略不计的时间内收好了手机。看着到处充满空缺的队伍，体育老师勃然大怒并借题发挥，以扬体育组声威，限pyy以最快的时间整顿队伍。由于是体育老师，并看不出来队伍的位置后移了，老师只关心队伍是否整齐没有空缺。

  老师给了pyy一次移动一名同学的权力，因此pyy无法使用技能“向前看齐”。pyy的哥哥强制要求你帮助pyy回答之前同学们的问题，并告诉pyy在老师来之后，至少移动多少个同学可以使队伍整齐。

输入格式

　　第一行为两个整数n,m(1<=n,m<=1e5)，表示有n位同学，在老师来之前进行了m次小动作。

  第二行为n个以空格隔开的整数a1,a2,…,an(1<=ai<=1e7) ，表示初始时队伍中第i位同学的年级成绩排名(数据保证不会有两人成绩重复)。

  接下来m行描述同学们的行为，每行由一个字符A或S和一个整数x∈{ai|1<=i<=n} 构成。若为A,x，则表示年级成绩排名为x的同学向pyy询问自己前面成绩最好的是哪位同学；若为M,x，则表示年级成绩排名为x的同学此时躲到了当前队伍的最尾端(不存在队尾同学躲向队尾)。

输出格式

前m个操作中对于每个同学的询问，顺序输出所询问同学的年级成绩排名，并以换行隔开。若询问学生不存在则输出-1。

最后一行输出至少移动多少位同学，使得队伍整齐。

样例输入

A
M
M
A
A 

样例输出

数据范围

对于10%的数据 n<=10,m<=20

对于30%的数据 n<=10^3,m<=10^4

对于100%的数据  n<=10^5,m<=10^5,ai<=10^7

正解

离散化成绩+权值线段树维护每个人的位置。每次移动将人的位置移动到n+k(k为操作次数)。

注意一个细节，询问是寻找x前面权值最小的元素，那么需要获取实际情况中pre_x的权值使用链表模拟即可。

最后枚举最终队列的队首，判断长度为n范围外有多少人需要调整。(其实什么方法都可以搞搞)

部分分

对于10%的数据：模拟

对于30%的数据： n^2暴力模拟每个时刻的情况

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long LL;
const LL mod = ;
inline void rd(LL &x)
{
    x=;int f=;char ch=getchar();
    while(ch<''||ch>''){if(ch=='-')f=-;ch=getchar();}
    while(ch>=''&&ch<=''){x=x*+ch-'';ch=getchar();}
}
LL n,m,x[],y[],g,ans;
LL qpow(LL a)
{
    LL res=,k=mod-;
    while(k)
    {
        if(k&)res=res*a%mod;
        a=a*a%mod;
        k>>=;
    }
    return res;
}
LL _2 = qpow();
void down(LL x,LL h){x%=mod;h%=mod;    ans += (x*x*m%mod)*qpow(*h);    ans%=mod;}
void up(LL x,LL h)    {x%=mod;h%=mod;    ans += (m*h%mod) + ( (x*x*m%mod) *qpow(*h) )%mod;    ans%=mod;}
void pi_4(LL x){x%=mod;    ans += (m*x%mod)*_2;    ans%=mod;}
void solve()
{
    scanf("%lld%lld%lld",&n,&m,&g);
    rd(x[]);    rd(y[]);
    for(int i=;i<=n;i++)
    {
        rd(x[i&]);    rd(y[i&]);
        if(y[i&]>y[!(i&)])    up(x[i&]-x[!(i&)],y[i&]-y[!(i&)]);
        if(y[i&]<y[!(i&)])    down(x[i&]-x[!(i&)],y[!(i&)]-y[i&]);
        if(y[i&]==y[!(i&)])    pi_4(x[i&]-x[!(i&)]);
    }
    printf("%lldJ",ans*g%mod);
}
int main()
{
    freopen("jump.in","r",stdin);
    freopen("jump.out","w",stdout);
    solve();
    fclose(stdin);
    fclose(stdout);
    return ;
}