题目链接:http://codeforces.com/contest/407/problem/C

题目大意:给一个长度为n的数列,m次操作,每次操作由(li, ri, ki)描述,表示在数列li到ri这段数字上分别加上C(j-li+ki, ki),要求输出最后得到的序列。(% 1e9+7)

数据范围:1<=n, m<=10^5, a[i]<=10^9

思路:区间上加一个函数,在线求和,这种题目之前遇到过。记得是在区间上加kd(l<=k<=r),解法是线段树处理,由于等差+等差=等差,所以满足线段树lazy所要求的一致性和可计算性。在上题中我发现他所加的值是杨辉三角的某一列,通过观察发现是一个k阶等差数列。因此我便用了上述思想解决。然而绞尽脑汁思考一天并没有想到可行的标记方法,不能做到不同阶等差数列的统一。因此看了官方题解,竟然是离线做法,方法如下:

先考虑简单情况,k=0时,问题演变成一个传统的问题:区间加1,离线询问各值。在l处+1,r + 1处-1,求前缀和即可。我们称1,-1的操作为原态,如果对原态做一次前缀和,我们便轻松得到了在各区间加上一个数字之后的结果,继续拓展,对这个区间再取前缀和,便得到了各区间加上一个一阶等差数列之后的结果,以此类推,对原态数列做k次取前缀和的操作,便得到了各区间加上首项为1的k - 1阶等差数列的结果,这里的前提是在r + 1的位置原态时并不是-1,应当是一个-比较大的数字(仔细考虑)。

回归原题,如果原题中的所有操作k都相同,我们就可以对于每个操作在初始全部为0的数列中“搭好原态”,也就是在l处+1,在r + 1处减一个什么值,然后再对原态序列做k + 1次取前缀和操作,加上题目中给的序列,便得到了答案。然而题目中的k不尽相同,如令K=Max(ki),我们最多做K次迭代前缀,在中途“不失时机”地插入原态,让他们“搭顺风车”,达到目标,不失为一种不错的策略。

上述思路大体描述完,对于实现官方给了一个很值得借鉴的技巧。由于“搭顺风车”的想法可想不可写,于是我们把原全为0的序列拉开变成K层这种初始序列,每一层代表了某阶等差数列的原态,最终我们逐层递推更新既清晰有简单。代码中是k阶等差把原态插入k + 1层,最后从K倒推到0,经过迭代,a[0][i]数列加上题目给的数字便是答案。

最后一个问题就是上述原态中r + 1中究竟该减多少的问题,其实就是各阶等差数列的前r-l+r项和,在杨辉三角里很容易发现是通过有规律的组合数表示的,这样对于每次操作,把k + 1层的l处+1, 前0 - k + 1层的r + 1处减掉相应的组合数即可。

 #include <cstdio>
#include <cstdlib>
#include <cstring>
#include <cmath>
#include <ctime>
#include <cctype>
#include <climits>
#include <string>
#include <algorithm>
using namespace std;
typedef long long LL; const int MaxN = 1e5, MaxK = , Pt = 1e9 + ;
int n, m;
LL orig[MaxN + ], a[MaxK + ][MaxN + ], c[MaxN + * MaxK][MaxK + ]; void Init()
{
scanf("%d%d", &n, &m);
for (int i = ; i <= n; i++) scanf("%I64d", &orig[i]);
c[][] = ;
for (int i = ; i <= n + * MaxK; i++)
{
c[i][] = ;
for (int j = ; j <= MaxK; j++)
c[i][j] = (c[i - ][j] + c[i - ][j - ]) % Pt;
}
} void Solve()
{
int l, r;
int K = , k;
for (int i = ; i <= m; i++)
{
scanf("%d%d%d", &l, &r, &k);
K = max(K, k);
a[k + ][l] = (a[k + ][l] + ) % Pt;
for (int j = ; j <= k + ; j++)
a[j][r + ] = (a[j][r + ] - c[r - l + k - j + ][k - j + ] + Pt) % Pt;
}
for (int i = K; i >= ; i--)
{
LL s = ;
for (int j = ; j <= n; j++)
{
s = (s + a[i + ][j]) % Pt;
a[i][j] = (s + a[i][j]) % Pt;
}
}
for (int i = ; i <= n; i++) a[][i] = (a[][i] + orig[i]) % Pt;
for (int i = ; i <= n; i++) printf("%I64d ", a[][i]);
} int main()
{
Init();
Solve();
}

总结:

1.高阶等差数列可由多次前缀和迭代定义,这样就更贴近了阶的定义(迭代的过程)。用线性的递推代替了求通项等等麻烦的事情。

2.一维操作过于繁琐时可考虑把一维的拉开变成多维,逐层处理,最后叠加。可以让代码清晰简单。

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