题意

给出第一象限的n个点,有m次询问,每次询问一个矩形中的点的个数.(0<=n,m<=500000,0<=xi,yi<=10000000)

题解

一眼望去不可做。

用二位前缀和的思想,一个矩形可以用以坐标轴为一对临边的四个矩形加减得到。

考虑离线,离散化。所以我们要求的只是若干个以坐标轴为一对临边的矩形的权值。

但还是不可做。

转化为序列问题,我们要求的矩形面积,其实就是每行前缀和的一段连续地和。

具体一些,就是,算出每一行的前缀和,对于横坐标相等的前缀和,我们维护他们,矩形的面积,就是这些前缀和的前面一段。同时维护一个横坐标指针x,在x右移时前缀和加上横坐标为x的点。我们发现这些操作可以用树状数组维护。

 #include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#include<cstring>
using namespace std;
int const N=;
int head[N],hed[N],c[N],n,m;
int cnt,cntx,cnty,totx,toty,ans[N],tot,x[N],y[N];
struct zb{
int x,y;
}zb[N];
struct ask{
int x,xx,y,yy;
}q[N];
struct edge{
int to,nxt;
}e[N];
struct hhh{
int to,nxt,w,id;
}f[N];
void add(int u,int v){
cnt++;
e[cnt].nxt=head[u];
e[cnt].to=v;
head[u]=cnt;
}
void ad(int u,int v,int c,int x){
tot++;
f[tot].nxt=hed[u];
f[tot].w=c;
f[tot].to=v;
f[tot].id=x;
hed[u]=tot;
}
int lowbit(int x){
return x&-x;
}
void update(int x,int w){
for(int i=x;i<=cnty;i+=lowbit(i)){
c[i]+=;
}
}
int check(int x,int w){
if(x==)return ;
int ans=;
for(int i=x;i>=;i-=lowbit(i)){
ans+=c[i];
}
return ans*w;
}
void work(){
for(int i=;i<=cntx;i++){
for(int j=head[i];j;j=e[j].nxt){
int v=e[j].to;
update(v,);
}
for(int j=hed[i];j;j=f[j].nxt){
int v=f[j].to;
ans[f[j].id]+=check(v,f[j].w);
}
}
}
int main(){
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=;i<=n;i++){
scanf("%d%d",&zb[i].x,&zb[i].y);
x[++totx]=zb[i].x;
y[++toty]=zb[i].y;
}
for(int i=;i<=m;i++){
scanf("%d%d%d%d",&q[i].x,&q[i].y,&q[i].xx,&q[i].yy);
x[++totx]=q[i].x;
y[++toty]=q[i].y;
x[++totx]=q[i].xx;
y[++toty]=q[i].yy;
}
sort(x+,x++totx);
sort(y+,y++toty);
cntx=unique(x+,x++totx)-(x+);
cnty=unique(y+,y++toty)-(y+);
for(int i=;i<=n;i++){
zb[i].x=lower_bound(x+,x++cntx,zb[i].x)-x;
zb[i].y=lower_bound(y+,y++cnty,zb[i].y)-y;
add(zb[i].x,zb[i].y);
}
for(int i=;i<=m;i++){
q[i].x=lower_bound(x+,x++cntx,q[i].x)-x;
q[i].y=lower_bound(y+,y++cnty,q[i].y)-y;
q[i].xx=lower_bound(x+,x++cntx,q[i].xx)-x;
q[i].yy=lower_bound(y+,y++cnty,q[i].yy)-y;
ad(q[i].x-,q[i].y-,,i);
ad(q[i].xx,q[i].yy,,i);
ad(q[i].x-,q[i].yy,-,i);
ad(q[i].xx,q[i].y-,-,i);
}
work();
for(int i=;i<=m;i++){
printf("%d\n",ans[i]);
}
return ;
}

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