2333333333333333333333333333333333333333333333

啊啊啊啊啊啊啊啊啊啊啊啊啊啊啊啊啊啊啊啊啊啊啊啊啊啊啊啊啊啊

辣鸡出题人辣鸡出题人辣鸡出题人辣鸡出题人辣鸡出题人辣鸡出题人

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<queue>
#include<algorithm>
#define inf 1000000007
using namespace std;
int n,m,t,wh[][],dis[][],x[],y[],tab[][][][],pre[][],fro[][][][],f[(<<)+][][];
int dx[]={,-,,,},dy[]={,,,,-};
bool map[][],vis[][];
char s[];
queue <int> q;
void reset()
{
for (int i=;i<=n;i++)
for (int j=;j<=m;j++)
dis[i][j]=inf;
while (!q.empty()) q.pop();
memset(vis,false,sizeof(vis));
}
bool judge(int x,int y)
{
if ((x>=) && (x<=n) && (y>=) && (y<=m) && (!map[x][y]))
return true;
return false;
}
void spfa(int pos,int dir)
{
memset(pre,,sizeof(pre));
if (!judge(x[pos]+dx[dir],y[pos]+dy[dir])) return;
dis[x[pos]+dx[dir]][y[pos]+dy[dir]]=;vis[x[pos]+dx[dir]][y[pos]+dy[dir]]=true;
q.push(x[pos]+dx[dir]);q.push(y[pos]+dy[dir]);
while (!q.empty())
{
int hx,hy;
hx=q.front();q.pop();hy=q.front();q.pop();
int p=;
while (judge(hx-p,hy))
{
if ((dis[hx-p][hy]>dis[hx][hy]+) || ((dis[hx-p][hy]==dis[hx][hy]+) && (wh[hx-p][hy]==)))
{
dis[hx-p][hy]=dis[hx][hy]+;
pre[hx-p][hy]=;
if (!vis[hx-p][hy])
{
vis[hx-p][hy]=true;
q.push(hx-p);q.push(hy);
}
}
p++;
}
p=;
while (judge(hx+p,hy))
{
if ((dis[hx+p][hy]>dis[hx][hy]+) || ((dis[hx+p][hy]==dis[hx][hy]+) && (wh[hx+p][hy]==)))
{
dis[hx+p][hy]=dis[hx][hy]+;
pre[hx+p][hy]=;
if (!vis[hx+p][hy])
{
vis[hx+p][hy]=true;
q.push(hx+p);q.push(hy);
}
}
p++;
}
p=;
while (judge(hx,hy-p))
{
if ((dis[hx][hy-p]>dis[hx][hy]+) || ((dis[hx][hy-p]==dis[hx][hy]+) && (wh[hx][hy-p]==)))
{
dis[hx][hy-p]=dis[hx][hy]+;
pre[hx][hy-p]=;
if (!vis[hx][hy-p])
{
vis[hx][hy-p]=true;
q.push(hx);q.push(hy-p);
}
}
p++;
}
p=;
while (judge(hx,hy+p))
{
if ((dis[hx][hy+p]>dis[hx][hy]+) || ((dis[hx][hy+p]==dis[hx][hy]+) && (wh[hx][hy+p]==)))
{
dis[hx][hy+p]=dis[hx][hy]+;
pre[hx][hy+p]=;
if (!vis[hx][hy+p])
{
vis[hx][hy+p]=true;
q.push(hx);q.push(hy+p);
}
}
p++;
}
vis[hx][hy]=false;
}
}
void get_tab(int pos,int dir)
{
for (int i=;i<=t+;i++)
for (int j=;j<=;j++)
{
if (judge(x[i]+dx[j],y[i]+dy[j]))
{
tab[pos][dir][i][j]=dis[x[i]+dx[j]][y[i]+dy[j]];
fro[pos][dir][i][j]=pre[x[i]+dx[j]][y[i]+dy[j]];
}
}
}
int main()
{
//freopen("secret.in","r",stdin);
//freopen("secret.out","w",stdout);
memset(map,false,sizeof(map));
scanf("%d%d%d",&n,&m,&t);
for (int i=;i<=n;i++)
{
scanf("\n%s",s);
for (int j=;j<m;j++)
if (s[j]=='#') map[i][j+]=true;
}
for (int i=;i<=t;i++)
{
scanf("%d%d",&x[i],&y[i]);
map[x[i]][y[i]]=true;
}
for (int i=;i<=t;i++)
{
for (int j=;j<=;j++)
{
if (judge(x[i]+dx[j],y[i]+dy[j]))
wh[x[i]+dx[j]][y[i]+dy[j]]=j;
}
}
scanf("%d%d",&x[t+],&y[t+]);
for (int i=;i<=t+;i++)
for (int j=;j<=;j++)
for (int k=;k<=t;k++)
for (int l=;l<=;l++)
tab[i][j][k][l]=inf;
for (int i=;i<=t;i++)
{
for (int j=;j<=;j++)
{
reset();
spfa(i,j);
get_tab(i,j);
}
}
reset();
spfa(t+,);
for (int i=;i<=t+;i++)
for (int j=;j<=;j++)
{
if (judge(x[i]+dx[j],y[i]+dy[j]))
{
tab[t+][][i][j]=dis[x[i]+dx[j]][y[i]+dy[j]];
fro[t+][][i][j]=pre[x[i]+dx[j]][y[i]+dy[j]];
}
}
int top=(<<t)-;
for (int s=;s<=top;s++)
for (int i=;i<=t;i++)
for (int j=;j<=;j++)
f[s][i][j]=inf;
for (int i=;i<=t;i++)
for (int j=;j<=;j++)
{
if (fro[t+][][i][j]!=j)
f[<<(i-)][i][j]=tab[t+][][i][j]+;
else f[<<(i-)][i][j]=tab[t+][][i][j];
}
for (int ss=;ss<=top;ss++)
{
for (int i=;i<=t;i++)
{
if (ss&(<<(i-)))
{
for (int j=;j<=t;j++)
{
if (ss&(<<(j-))) continue;
for (int k=;k<=;k++)
for (int l=;l<=;l++)
{
if (tab[i][k][j][l]==inf) continue;
if (fro[i][k][j][l]!=l)
f[ss|<<(j-)][j][l]=min(f[ss|<<(j-)][j][l],f[ss][i][k]+tab[i][k][j][l]+);
else f[ss|<<(j-)][j][l]=min(f[ss|<<(j-)][j][l],f[ss][i][k]+tab[i][k][j][l]);
}
}
}
}
}
int ans=inf;
for (int i=;i<=t;i++)
for (int j=;j<=;j++)
ans=min(ans,f[top][i][j]);
printf("%d\n",ans);
return ;
}

BZOJ 1556 墓地秘密的更多相关文章

  1. bzoj 1556 墓地秘密 —— 状压DP

    题目:https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1556 预处理出两个障碍四个方向之间的距离(转弯次数),就可以状压DP了: 但预处理很麻烦.. ...

  2. bzoj 1556: 墓地秘密【状压dp+spfa】

    显然是状压,显然不可能把所有格子压起来 仔细观察发现只有机关周围的四个格子有用以及起点,所以我们用spfa处理出这些格子两两之间的距离(注意细节--这里写挂了好几次),然后设f[s][i]为碰完的机关 ...

  3. BZOJ1556 墓地秘密

    题意 费尽周折,终于将众将士的残骸运送到了KD军事基地地底层的大型墓地入口.KD的伙伴和战友们都参加了这次重大的送葬仪式.右边是一扇敞开的大门,进去便是墓地了,左边是一堵凹进去的墙,没有什么特别的地方 ...

  4. 洛谷 2922 BZOJ 1590 [USACO08DEC]秘密消息Secret Message

    [题意概述] 给出n个01串组成的字典和m个询问,每次询问某个01串和多少个字典中的串有相同的前缀.(前缀长度是两串中较小的部分) [题解] 直接上Trie树即可.树上每个节点记录两个信息:这个节点有 ...

  5. bzoj AC倒序

    Search GO 说明:输入题号直接进入相应题目,如需搜索含数字的题目,请在关键词前加单引号 Problem ID Title Source AC Submit Y 1000 A+B Problem ...

  6. BZOJ 刷题总结(持续更新)

    本篇博客按照题号排序(带*为推荐题目) 1008 [HNOI2008]越狱 很经典的题了..龟速乘,龟速幂裸题,, 1010 [HNOI2008]玩具装箱toy* 斜率优化 基本算是裸题. 1012 ...

  7. bzoj1556 (DP)

    bzoj 1556 点这里打开题目 题目是求 a^2 求和: 原问题可以转化为:两个人在玩这个东西,问这两个人弄出来的序列相同的有多少种情况,操作方式不同即为一种不同的情况. 就这个问题,参考大佬的D ...

  8. bzoj 1590: [Usaco2008 Dec]Secret Message 秘密信息

    1590: [Usaco2008 Dec]Secret Message 秘密信息 Description     贝茜正在领导奶牛们逃跑.为了联络,奶牛们互相发送秘密信息.     信息是二进制的,共 ...

  9. 【BZOJ】1643: [Usaco2007 Oct]Bessie's Secret Pasture 贝茜的秘密草坪(dp)

    http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1643 这题和完全背包十分相似, 但是不能用1维做........原因貌似是不能确定块数(还是有0的面 ...

随机推荐

  1. nginx规则和ci的支持

    CI框架下nginx重写规则,不再404 http://blog.csdn.net/EI__Nino/article/details/8599304 server { listen 80; serve ...

  2. SQL技术内幕-6 rank()over(order by XX COLLATE) 的用法

    DECLARE @Names TABLE ( name VARCHAR(20) ); INSERT INTO @Names VALUES ('DeSzmetch'),('DESZMETCH'),('D ...

  3. java控制反转与依赖注入

    1.简介 依赖注入和控制反转,目的是为了使类与类之间解耦合,提高系统的可扩展性和可维护性,下面通过一个例子来引入这一概念. 2.案例 1)一般情况下的类耦合 Main.java public clas ...

  4. 【转】Linux写时拷贝技术(copy-on-write)

    http://www.cnblogs.com/biyeymyhjob/archive/2012/07/20/2601655.html 源于网上资料 COW技术初窥: 在Linux程序中,fork()会 ...

  5. for (Map.Entry<Long, Integer> me : zlSendMap.entrySet())

    public static void main(String[] args) throws IOException { Map<String,String> map = new HashM ...

  6. iOS开发--3D Touch的基本使用

    1.桌面快捷菜单项 效果如图: 桌面快捷菜单 点击之后的效果如图: 点击桌面快捷菜单的效果 接下来看下具体实现:1).在-application:didFinishLaunchingWithOptio ...

  7. 错误:error libGL.so: cannot open shared object file: No such file or directory

    Failed to load libGL.soerror libGL.so: cannot open shared object file: No such file or directory 启动e ...

  8. VCL定义和使用CM_Message的原因(主要是内部控制,同时可简化参数传递,还可截住消息,统一走消息路线,还可省内存)

    内部控制是指,做了某些操作后产生某些效果,但是Windows系统本身不提供这样的消息,应此不得不自定义.比如父窗口改变了字体,那么所有子窗口也都应该改变字体,至少也得通知一下它们,让子控件自己决定是否 ...

  9. Java:多线程之生产者与消费者

    要求:用两个线程模拟存票.售票过程.但要求每存入一张票,就售出一张票,售出后,再存入,直到售完为止. 用到的知识点:线程等待.唤醒.可能的线程中断异常 下面的方式一和方式二采用的是唤醒所有等待的线程, ...

  10. Linux系统文件权限&目录权限

    linux系统一切都是文件,文件和目录的所属与权限--来分别规定所有者.所有组.其余人的读.写.执行权限. 读(read),写(write),执行(excute)简写为(r.w.x),也可以以用(4. ...