UVA 10037 Bridge (基础DP)
题意:
过河模型:有n个人要渡河,每个人渡河所耗时可能不同,只有1只船且只能2人/船,船速取决于速度慢的人。问最少耗时多少才能都渡完河?
思路:
n<2的情况比较简单。
考虑n>2的情况,第一次肯定是两个耗时少的先过去。接下来有两种渡河方式,有可能是{a回,另外2人去,b回,a和b去},也可能是{a回,a和另一人去}。也就是说a和b的协作可以送走其他2个人,或者是a自己当船夫,送走另外一个人。这样子就有两种决策啦。
先将他们排个序(升序),然后a和b先过去。如果还有人没有过河,若left>=2时,可以选择第一种渡河方式,也可以选择第二种。当left==1就只能选择第二种了。然后转移行了。dp[i]表示送走[1->i]的所有人的花费。
#include <bits/stdc++.h>
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <cmath>
#include <map>
#include <algorithm>
#include <vector>
#include <iostream>
#define pii pair<int,int>
#define INF 0x7f7f7f7f
#define LL unsigned long long
using namespace std;
const double PI = acos(-1.0);
const int N=;
int dp[N], path[N];
deque<int> que;
vector<int> vect,ans[N];
int cal(int n)
{
sort(vect.begin(), vect.end()); int a=vect[];
if(n==)
{
printf("%d\n", a );
printf("%d\n", a );
return ;
}
int b=vect[];
if( n== )
{
printf("%d\n", b );
printf("%d %d\n", a, b );
return ;
}
//DP******************
dp[]=b;
path[]=;
for(int i=; i<vect.size(); i++)
{
int t1=a+vect[i];
if(dp[i]>dp[i-]+t1) //送1个
{
dp[i]= dp[i-]+t1 ;
path[i]=;
} if( i+==vect.size() ) continue; //最后1个了
int t2=a+b*+vect[i+];
if(dp[i+]>dp[i-]+t2 ) //送2个
{
dp[i+]=dp[i-]+t2;
path[i+]=;
}
}
que.clear(); //寻找路径
int t=n-;
while(t>)
{
if(path[t]==) que.push_front();
else que.push_front();
t-=path[t];
}
//输出*********************************
printf("%d\n", dp[n-]);
printf("%d %d\n", a, b); //第一步必定是a和b先过去
que.pop_front();
int cnt=;
while(!que.empty())
{
t=que.front(); que.pop_front();
cnt+=t;
if(t==)
{
printf("%d\n", a);
printf("%d %d\n", a, vect[cnt]);
}
if(t==)
{
printf("%d\n", a);
printf("%d %d\n", vect[cnt-], vect[cnt]);
printf("%d\n", b);
printf("%d %d\n", a, b);
}
}
} int main()
{
freopen("input.txt", "r", stdin);
int t, n, a;
cin>>t;
while(t--)
{
vect.clear();
for(int i=; i<N; i++) ans[i].clear();
memset(dp, 0x7f, sizeof(dp));
memset(path, , sizeof(path)); scanf("%d",&n);
for(int i=; i<=n; i++)
{
scanf("%d", &a);
vect.push_back(a);
}
cal(n);
if(t) puts("");
}
}
AC代码
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