【dp 贪心】bzoj4391: [Usaco2015 dec]High Card Low Card
巧妙的贪心
Description
Bessie the cow is a huge fan of card games, which is quite surprising, given her lack of opposable thumbs. Unfortunately, none of the other cows in the herd are good opponents. They are so bad, in fact, that they always play in a completely predictable fashion! Nonetheless, it can still be a challenge for Bessie to figure out how to win.
Bessie and her friend Elsie are currently playing a simple card game
where they take a deck of 2N cards, conveniently numbered 1…2N, and
divide them into N cards for Bessie and N cards for Elsie. The two then
play NN rounds, where in each round Bessie and Elsie both play a single
card. Initially, the player who plays the highest card earns a point.
However, at one point during the game, Bessie can decide to switch the
rules so that for the rest of the game, the player who plays the lowest
card wins a point. Bessie can choose not to use this option, leaving the
entire game in "high card wins" mode, or she can even invoke the option
right away, making the entire game follow the "low card wins" rule.
Given that Bessie can predict the order in which Elsie will play her
cards, please determine the maximum number of points Bessie can win.
奶牛Bessie和Elsie在玩一种卡牌游戏。一共有2N张卡牌,点数分别为1到2N,每头牛都会分到N张卡牌。
游戏一共分为N轮,因为Bessie太聪明了,她甚至可以预测出每回合Elsie会出什么牌。
每轮游戏里,两头牛分别出一张牌,点数大者获胜。
同时,Bessie有一次机会选择了某个时间点,从那个时候开始,每回合点数少者获胜。
Bessie现在想知道,自己最多能获胜多少轮?
Input
The first line of input contains the value of N (2≤N≤50,000).
The next N lines contain the cards that Elsie will play in each of the
successive rounds of the game. Note that it is easy to determine
Bessie's cards from this information.
Output
Output a single line giving the maximum number of points Bessie can score.
题目分析
先从约束最少的情况开始考虑。
游戏规则不改变
如果每一轮都是点数大/小的人获胜,显然一次$O(n)$的贪心就可以了。类似于田忌赛马的道理。
然后从最基础的暴力考虑起。
第一个$n^2$想法
枚举$n$次断点,对于断点的两边分开贪心。这里的贪心思路是上面那种,用最近满足条件的来匹配,如果没有满足的匹配,则用最差的匹配之。
这里会出现一个问题:按照这种贪心思路,前一部分贪完之后把一些最小的数用掉了。
对于前一部分来说,这些最小的的确没什么用;但是对于后一部分来说,它需要的就是这些小的数。
换句话说就是“好心没好报”,后一部分并不买前一部分贪心后的帐。
第二个$n^2$想法
Bessie手上的牌只有$n$张,也就是说她最多得分就是$n$。
那我们感性理解一下,把她出牌得分序列看作是一个01串。这里有很普通但是很重要的一点:每张牌最多对答案贡献1。
于是这保证了我们可以先不匹配一些回合,转而进行后面操作的正确性。
然后显然时间复杂度是很不对的(因为要判断最近满足状态所以还要带一个log),于是只有34分
#include<bits/stdc++.h>
const int maxn = ; int n,a[maxn],b[maxn],ans;
int vis[maxn];
bool f[maxn<<]; inline int read()
{
char ch = getchar();
int num = ;
bool fl = ;
for (; !isdigit(ch); ch = getchar())
if (ch=='-') fl = ;
for (; isdigit(ch); ch = getchar())
num = (num<<)+(num<<)+ch-;
if (fl) num = -num;
return num;
}
int main()
{
register int tot,i,k,tt,cg;
n = read();
for (i=; i<=n; i++)
a[i] = read(), f[a[i]] = ;
for (i=; i<=*n; i++)
if (!f[i]) b[++b[]] = i;
for (k=; k<=n; k++)
{
tot = ;
for (i=; i<=n; i++)
{
cg = i > k?-:;
tt = std::lower_bound(b+, b+n+, a[i])-b+cg;
if (cg==) tt--;
for (; tt>=&&tt<=n; tt+=cg)
if (vis[tt]!=k){
vis[tt] = k, tot++;
break;
}
if (tot+n-i+ < ans) break;
}
ans = tot>ans?tot:ans;
}
printf("%d\n",ans);
return ;
}
$nlogn$的想法
回顾一下前两个$n^2$的思路,想必很显然的一点是我们可以dp地处理$f[i]$和$g[i]$分别表示从$i$开始向前/向后的最大得分。
对,问题就是出在重复上,这两个最优方案是有重叠的。所以这题不能分类在动态规划里。
深入地剖析一下这个重复的特点,注意到一个事实是如果有重复,则一定会有多余数字。
有多余数字会发生很有趣的事情:假设重复的数字是$k$,$a<k<b$且$a,b$多余,那么$a$可以在断点之后替代$k$;$b$可以在断点之前替代$k$。
然后就显然正确了。
#include<bits/stdc++.h>
const int maxn = ; int n,a[maxn],b[maxn],ans;
int f[maxn],g[maxn];
bool vis[maxn],mp[maxn<<]; inline int read()
{
char ch = getchar();
int num = ;
bool fl = ;
for (; !isdigit(ch); ch = getchar())
if (ch=='-') fl = ;
for (; isdigit(ch); ch = getchar())
num = (num<<)+(num<<)+ch-;
if (fl) num = -num;
return num;
}
int main()
{
n = read();
for (int i=; i<=n; i++) a[i] = read(), mp[a[i]] = ;
for (int i=; i<=*n; i++)
if (!mp[i]) b[++b[]] = i;
for (int i=; i<=n; i++)
{
int tt = std::upper_bound(b+, b+n+, a[i])-b;
bool fl = ;
for (; tt<=n; tt++)
if (!vis[tt]){
fl = , vis[tt] = ;
break;
}
f[i] = f[i-];
if (fl) f[i]++;
}
memset(vis, , sizeof vis);
for (int i=n; i>=; i--)
{
int tt = std::lower_bound(b+, b+n+, a[i])-b-;
bool fl = ;
for (; tt; tt--)
if (!vis[tt]){
fl = , vis[tt] = ;
break;
}
g[i] = g[i+];
if (fl) g[i]++;
}
for (int i=; i<=n; i++)
ans = ans < f[i]+g[i+]?f[i]+g[i+]:ans;
printf("%d\n",ans);
return ;
}
END
【dp 贪心】bzoj4391: [Usaco2015 dec]High Card Low Card的更多相关文章
- 【BZOJ4391】[Usaco2015 dec]High Card Low Card(贪心)
[BZOJ4391][Usaco2015 dec]High Card Low Card(贪心) 题面 BZOJ 题解 预处理前缀后缀的结果,中间找个地方合并就好了. #include<iostr ...
- 【题解】P3129高低卡(白金)High Card Low Card
[题解][P3129 USACO15DEC]高低卡(白金)High Card Low Card (Platinum) 考虑贪心. 枚举在第几局改变规则,在改变规则之前,尽量出比它大的最小的牌,在改变规 ...
- [BZOJ4391][Usaco2015 dec]High Card Low Card dp+set+贪心
Description Bessie the cow is a huge fan of card games, which is quite surprising, given her lack of ...
- 【刷题】BZOJ 4391 [Usaco2015 dec]High Card Low Card
Description Bessie the cow is a huge fan of card games, which is quite surprising, given her lack of ...
- [USACO15DEC]高低卡(白金)High Card Low Card (Platinum)
题目描述 Bessie the cow is a hu e fan of card games, which is quite surprising, given her lack of opposa ...
- BZOJ4391 High Card Low Card [Usaco2015 dec](贪心+线段树/set库
正解:贪心+线段树/set库 解题报告: 算辣直接甩链接qwq 恩这题就贪心?从前往后从后往前各推一次然后找一遍哪个地方最大就欧克了,正确性很容易证明 (这里有个,很妙的想法,就是,从后往前推从前往后 ...
- [bzoj4391] [Usaco2015 dec]High Card Low Card 贪心 线段树
---题面--- 题解: 观察到以决策点为分界线,以点数大的赢为比较方式的游戏都是它的前缀,反之以点数小的赢为比较方式的都是它的后缀,也就是答案是由两段答案拼凑起来的. 如果不考虑判断胜负的条件的变化 ...
- bzoj4391 [Usaco2015 dec]High Card Low Card
传送门 分析 神奇的贪心,令f[i]表示前i个每次都出比对方稍微大一点的牌最多能赢几次 g[i]表示从i-n中每次出比对方稍微小一点的牌最多赢几次 ans=max(f[i]+g[i+1]) 0< ...
- [USACO15DEC]High Card Low Card (Platinum)
https://www.zybuluo.com/ysner/note/1300791 题面 贝西和她的朋友艾尔西正在玩这个简单的纸牌游戏.游戏有\(2N\)张牌,牌上的数字是\(1\)到\(2N\). ...
随机推荐
- Validation(1)
站在巨人的肩膀上 Java Bean Validation 最佳实践 参数校验是我们程序开发中必不可少的过程.用户在前端页面上填写表单时,前端js程序会校验参数的合法性,当数据到了后端,为了防止恶意操 ...
- 归档-对模型数组对象(存储到本地的plist文件)也数组里存放的是模型
一.模型文件 (1)JLMainViewsModel.h文件 必须遵循 NSCoding协议 @interface JLMainViewsModel : NSObject<NSCopying,N ...
- Points on Plane Codeforces - 576C
https://www.luogu.org/problemnew/show/CF576C 看题面,一眼按莫队的方法排一下 直接交就会和我一样发现WA掉了... 算一下会发现,上限是3e9(块内左端点1 ...
- 080 Remove Duplicates from Sorted Array II 从排序阵列中删除重复 II
“删除重复项目” 的进阶:如果重复最多被允许两次,又该怎么办呢?例如:给定排序数列 nums = [1,1,1,2,2,3]你的函数应该返回长度为 5,nums 的前五个元素是 1, 1, 2, 2 ...
- SpringBoot项目取消数据库配置
1. 错误springboot项目启动时,如果没有配置数据库配置,启动时会抛出如下异常. Description: Cannot determine embedded database driver ...
- Partition(线段树的离线处理)
有一点类似区间K值的求法. 这里有两颗树,一个是自己建的线段树,一个是题目中给定的树.以线段树和树进行区分. 首先离散化一下,以离散化后的结果建线段树,线段树的节点开了2维,一维保存当前以当前节点为权 ...
- zTree树插件动态加载
需求: 由于项目中家谱图数据量超大,而一般加载方式是通过,页面加载时 zTree.init方法进行数据加载,将所有数据一次性加载到页面中.而在项目中家谱级别又非常广而深,成千上万级,因此一次加载,完全 ...
- vue使用props动态传值给子组件里的函数用,每次更新,呼叫函数
父组件 <template> <div id="app"> <div>详情内容</div> <button v-on:clic ...
- Actionbar Demo
源码下载:http://download.csdn.net/detail/bx276626237/8874119
- 修改nagios登录界面密码
htpasswd -c /usr/local/nagios/etc/htpasswd.user nagiosadmin 输入密码: 重启httpd服务.