题解—P2218 [HAOI2007]覆盖问题
一道不错的题,主要就是一个思路点,想到就行了,想不到就一直卡着。
看完题解之后发现挺简单,实际上自己挣扎半天也咩有想到。
一开始想类比成一维之后贪心,后来被同机房大佬 \(hack\) 掉了。
solution
首先二分答案,单调行很好证明,因为大矩形包含小矩形,现在的问题就是 \(check\) 函数
其实一个突破口就是只用三个矩形覆盖。
一维里面用几个矩形理论上都是通过输入给出的,所以一般的题的变量他通过常量给出来,可能就是突破口。
对于题目中所有的点,肯定可以用一个大矩形套住,我们称之为“外接矩形”
思考一下可以发现,外接矩形的边上肯定有点,那么也一定有三个矩形的边(放边的原因是多放到外面肯定不如放到里面优)
一个外接矩形有四条边,这就意味着,对于我们的三个矩形,肯定有一个要和两条边重合(也就是和一个角重合)
我们枚举是哪个角,之后把它范围内的点覆盖上,然后问题就变成了一个子问题(因为小于等于三个矩形都必须覆盖角,所以枚举角就可以了)。
然后经典的搜索和回溯就可以写完 \(check\) 函数。
code
(放着么美的代码有没有亮瞎您的眼?)
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <cstdio>
#define mp make_pair
#define R register int
#define int long
#define printf Ruusupuu = printf
int Ruusupuu ;
using namespace std ;
typedef long long L ;
typedef long double D ;
typedef unsigned long long G ;
typedef pair< int , int > PI ;
const int N = 2e4 + 10 ;
const int Inf = 1e9 + 10 ;
inline int read(){
int w = 0 ; bool fg = 0 ; char ch = getchar() ;
while( ch < '0' || ch > '9' ) fg |= ( ch == '-' ) , ch = getchar() ;
while( ch >= '0' && ch <= '9' ) w = ( w << 1 ) + ( w << 3 ) + ( ch ^ '0' ) , ch = getchar() ;
return fg ? -w : w ;
}
int n , mid , x [N] , y [N] ;
bool cvr [N] ;
int st [N] , top ;
void sc(){
n = read() ;
for( R i = 1 ; i <= n ; i ++ ) x [i] = read() , y [i] = read() ;
}
inline void rmcvr( int x ){ while( top > x ) cvr [st [top --]] = 0 ; }
inline bool check( int now ){
if( top == n ) return 1 ;
if( now == 4 ) return 0 ;
int l = Inf , r = -Inf , u = -Inf , d = Inf , bg = top ;
bool fg = 0 ;
for( R i = 1 ; i <= n ; i ++ ) if( !cvr [i] ){
l = min( l , x [i] ) , r = max( r , x [i] ) ;
d = min( d , y [i] ) , u = max( u , y [i] ) ;
}
// printf( "%ld %ld %ld %ld %ld\n" , now , l , r , u , d ) ;
int ix , iy ;
// left up
ix = l , iy = u ;
for( R i = 1 ; i <= n ; i ++ ) if( !cvr [i] ){
if( x [i] >= ix && x [i] <= ix + mid && y [i] >= iy - mid && y [i] <= iy ) cvr [i] = 1 , st [++ top] = i ;
} fg |= check( now + 1 ) ; rmcvr( bg ) ; if( fg ) return 1 ;
// left down
ix = l , iy = d ;
for( R i = 1 ; i <= n ; i ++ ) if( !cvr [i] ){
if( x [i] >= ix && x [i] <= ix + mid && y [i] >= iy && y [i] <= iy + mid ) cvr [i] = 1 , st [++ top] = i ;
} fg |= check( now + 1 ) ; rmcvr( bg ) ; if( fg ) return 1 ;
// right up
ix = r , iy = u ;
for( R i = 1 ; i <= n ; i ++ ) if( !cvr [i] ){
if( x [i] >= ix - mid && x [i] <= ix && y [i] >= iy - mid && y [i] <= iy ) cvr [i] = 1 , st [++ top] = i ;
} fg |= check( now + 1 ) ; rmcvr( bg ) ; if( fg ) return 1 ;
// right down
ix = r , iy = d ;
for( R i = 1 ; i <= n ; i ++ ) if( !cvr [i] ){
if( x [i] >= ix - mid && x [i] <= ix && y [i] >= iy && y [i] <= iy + mid ) cvr [i] = 1 , st [++ top] = i ;
} fg |= check( now + 1 ) ; rmcvr( bg ) ; if( fg ) return 1 ;
return 0 ;
}
void work(){
int lside = 1 , rside = (int) 2e9 + 10 , ans ;
while( lside <= rside ){
mid = ( 0ll + lside + rside ) >> 1 ;
if( check( 1 ) ) ans = mid , rside = mid - 1 ;
else lside = mid + 1 ;
} printf( "%ld\n" , ans ) ;
}
signed main(){
sc() ;
work() ;
return 0 ;
}
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