【bzoj3829】[Poi2014]FarmCraft 贪心
原文地址:http://www.cnblogs.com/GXZlegend/p/6826667.html
题目描述
输入
输出
样例输入
6
1 8 9 6 3 2
1 3
2 3
3 4
4 5
4 6
样例输出
11
题解
贪心
设f[i]表示子树i全部安装完成所需的最小总时间。
那么对于一个某结点x,f[x]一定大于等于c[x]。
若其为非叶子结点,考虑其子树a和b。
若先安装a再安装b,则a消耗的时间为f[a]+1,b消耗的时间为2*si[a]+f[b]+1
若先安装b再安装a,则a消耗的时间为2*si[b]+f[a]+1,b消耗的时间为f[b]+1
若先安装a合适,则必有2*si[a]+f[b]+1>2*si[b]+f[a]+1,即f[a]-2*si[a]<f[b]-2*si[b]
于是可以将x的所有子树按照f-2si从小到大排序,依次统计答案。
由于题目描述必须先完成2~n再完成1,所以应先将1的时间看作0,再分开计算。
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#define N 500010
using namespace std;
struct data
{
int f , si;
}k[N] , a[N];
int head[N] , to[N << 1] , next[N << 1] , cnt , c[N];
bool cmp(data a , data b)
{
return a.f - 2 * a.si > b.f - 2 * b.si;
}
void add(int x , int y)
{
to[++cnt] = y , next[cnt] = head[x] , head[x] = cnt;
}
void dfs(int x , int fa)
{
int i , tot = 0 , now = 1;
k[x].f = c[x] , k[x].si = 1;
for(i = head[x] ; i ; i = next[i]) if(to[i] != fa) dfs(to[i] , x) , k[x].si += k[to[i]].si;
for(i = head[x] ; i ; i = next[i]) if(to[i] != fa) a[++tot] = k[to[i]];
sort(a + 1 , a + tot + 1 , cmp);
for(i = 1 ; i <= tot ; i ++ ) k[x].f = max(k[x].f , a[i].f + now) , now += 2 * a[i].si;
}
int main()
{
int n , i , x , y , t;
scanf("%d" , &n);
for(i = 1 ; i <= n ; i ++ ) scanf("%d" , &c[i]);
t = c[1] , c[1] = 0;
for(i = 1 ; i < n ; i ++ ) scanf("%d%d" , &x , &y) , add(x , y) , add(y , x);
dfs(1 , 0);
printf("%d\n" , max(k[1].f , t + 2 * (k[1].si - 1)));
return 0;
}
【bzoj3829】[Poi2014]FarmCraft 贪心的更多相关文章
- [BZOJ3829][Poi2014]FarmCraft 贪心
这个题应该是很容易想到贪心的,只要可是怎么贪才是科学的呢?我们分析一下题干,对于每个边只能一进一出因此,对于树上的一棵子树,我们只要一进子树就必须遍历完,因此我们只能进行一遍 dfs() 然后我们发现 ...
- BZOJ3829[Poi2014]FarmCraft——树形DP+贪心
题目描述 In a village called Byteville, there are houses connected with N-1 roads. For each pair of ho ...
- BZOJ3829 [Poi2014]FarmCraft 【树形dp】
题目链接 BZOJ3829 题解 设\(f[i]\)为从\(i\)父亲进入\(i\)之前开始计时,\(i\)的子树中最晚装好的时间 同时记\(siz[i]\)为节点\(i\)子树大小的两倍,即为从父亲 ...
- BZOJ3829 : [Poi2014]FarmCraft
d[x]表示走完x的子树并回到x所需的时间 f[x]表示从走到x开始计时,x子树中最晚的点安装完的最早时间 d[x]=sum(d[i]+2),i是x的孩子 f[x]的计算比较复杂: 考虑将x的各棵子树 ...
- 【BZOJ3829】[Poi2014]FarmCraft 树形DP(贪心)
[BZOJ3829][Poi2014]FarmCraft Description In a village called Byteville, there are houses connected ...
- [补档][Poi2014]FarmCraft
[Poi2014]FarmCraft 题目 mhy住在一棵有n个点的树的1号结点上,每个结点上都有一个妹子. mhy从自己家出发,去给每一个妹子都送一台电脑,每个妹子拿到电脑后就会开始安装zhx牌杀毒 ...
- [BZOJ 3829][POI2014] FarmCraft
先贴一波题面... 3829: [Poi2014]FarmCraft Time Limit: 20 Sec Memory Limit: 128 MBSubmit: 421 Solved: 197[ ...
- bzoj 3829: [Poi2014]FarmCraft 树形dp+贪心
题意: $mhy$ 住在一棵有 $n$ 个点的树的 $1$ 号结点上,每个结点上都有一个妹子. $mhy$ 从自己家出发,去给每一个妹子都送一台电脑,每个妹子拿到电脑后就会开始安装 $zhx$ 牌杀毒 ...
- [Poi2014]FarmCraft 树状dp
对于每个点,处理出走完其子树所需要的时间和其子树完全下载完软件的时间 易证,对于每个点的所有子节点,一定优先选择差值大的来给后面的时间 树规+贪心. #include<cstdio> #i ...
随机推荐
- HTML中行内元素和块级元素的区别及转换
区别可以去找 “html文档流”相关的资料去学习,最主要的区别就是元素是占据一行还是挤在一行 转换的方式是用css的display属性 display:block; /*转换为块级*/display: ...
- 2、SpringBoot+Mybatis整合------一对一
开发工具:STS 代码下载链接:https://github.com/theIndoorTrain/SpringBoot_Mybatis01/tree/93398da60c647573645917b2 ...
- Servlet学习笔记01——什么是servlet?
1.什么是Servlet? sun公司制订的一种用来扩展web服务器功能的组件规范. (1)扩展web服务器功能 早期的web服务器(apache web server,iis) 只能处理静态资源的请 ...
- C++ Primer 学习笔记_Chapter4 数组和指针–指针
一.什么是指针? 指针与迭代器一样,指针提供对其所指对象的间接访问,指针保存的是另一个对象的地址: string s("hello"); string *ps = &s; ...
- PHP CodeIgniter框架实现读写分离
一.目标 当前服务器只做了主从,未配置读写分离,读写分离的功能就只有交给程序来实现,本文主要谈谈Codeigniter怎么实现读写分离,并且需要满足以下两点: 1.读写分离对开发应该透明. 网上有方案 ...
- PAT (Basic Level) Practice 1021 个位数统计
个人练习 给定一个 k 位整数 N=dk−110k−1+⋯+d1101+d0 (0≤di≤9, i=0,⋯,k−1, dk−1>0),请编写程序统计每种 ...
- POJ:3262-Protecting the Flowers
Protecting the Flowers Time Limit: 2000MS Memory Limit: 65536K Total Submissions: 8606 Accepted: 347 ...
- Android弹出输入提示框--PopupWindow实现
前言 之前直接用Dialog实现了弹出对话框.现在尝试用更好地解决方案--PopupWindow类--来实现 1.首先搞一个弹出框布局,和之前类似. 这样的东西,它的布局是这样: 1 <?xm ...
- Maven系列之快速入门
文章结构 唯快不破---Maven快速入门 稳打稳扎---Maven核心知识 实用为先---Maven如何建立Web项目 1 唯快不破---Maven快速入门 1.1 Maven项目 ...
- 1008: [HNOI2008]越狱(计数问题)
1008: [HNOI2008]越狱 Time Limit: 1 Sec Memory Limit: 162 MBSubmit: 11361 Solved: 4914[Submit][Status ...