刷题总结——子串(NOIP2015)
题目:
题目背景
NOIP2015 提高组 Day2 T2
题目描述
有两个仅包含小写英文字母的字符串 A 和 B 。现在要从字符串 A 中取出 k 个互不重叠的非空子串,然后把这 k 个子串按照其在字符串 A 中出现的顺序依次连接起来得到一个新的字符串,请问有多少种方案可以使得这个新串与字符串 B 相等?注意:子串取出的位置不同也认为是不同的方案。
输入格式
第一行是三个正整数 n,m,k,分别表示字符串 A 的长度,字符串 B 的长度,以及问题描述中所提到的 k ,每两个整数之间用一个空格隔开。
第二行包含一个长度为 n 的字符串,表示字符串 A 。
第三行包含一个长度为 m 的字符串,表示字符串 B 。
输出格式
输出共一行,包含一个整数,表示所求方案数。由于答案可能很大,所以这里要求输出答案对 1,000,000,007 取模的结果。
样例数据 1
样例数据 2
样例数据 3
备注
【样例说明】
所有合法方案如下:(加下划线的部分表示取出的子串)
样例1:aab aab / aab aab
样例2:a ab aab / a aba ab / a a ba ab / aab a ab
aa b aab / aa baa b / aab aa b
样例3:a a b aab / a a baa b / a ab a a b / a aba a b
a a b a a b / a a ba a b / aab a a b
【数据范围】
对于第1组数据:1≤n≤500,1≤m≤50,k=1;
对于第2组至第3组数据:1≤n≤500,1≤m≤50,k=2;
对于第4组至第5组数据:1≤n≤500,1≤m≤50,k=m;
对于第1组至第7组数据:1≤n≤500,1≤m≤50,1≤k≤m;
对于第1组至第9组数据:1≤n≤1000,1≤m≤100,1≤k≤m;
对于所有10组数据:1≤n≤1000,1≤m≤200,1≤k≤m。
题解:
用f[i][j][k][0/1]表示b已经被匹配到了第j个,a的第i个取或不取,此时已经取出的k个子串,得出转移方程:
如果a串第i个与b串第j个相等
f[i&1][j][k][1]=((f[(i-1)&1][j-1][k-1][0]+f[(i-1)&1][j-1][k][1])%mod+f[(i-1)&1][j-1][k-1][1])%mod;
f[i&1][j][k][0]=(f[(i-1)&1][j][k][0]+f[(i-1)&1][j][k][1])%mod;
否则
f[i&1][j][k][0]=(f[(i-1)&1][j][k][0]+f[(i-1)&1][j][k][1])%mod;
f[i&1][j][k][1]=0;
上述转移方程的第一维之所以要&1是因为直接开正常的数组会爆空间··所以这里开了一个滚动数组····
代码:
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cmath>
#include<cctype>
#include<cstring>
#include<string>
#include<algorithm>
#include<cstdlib>
#include<ctime>
using namespace std;
const int N=;
const int M=;
const int mod=1e9+;
int n,m,K,f[][M][M][];
char s[N],t[M];
int main(){
//freopen("a.in","r",stdin);
scanf("%d%d%d%s%s",&n,&m,&K,s+,t+);
f[][][][]=f[][][][]=;
for(int i=;i<=n;i++)
for(int j=;j<=min(m,i);j++)
for(int k=;k<=min(K,j);k++)
{
if(s[i]==t[j]){
f[i&][j][k][]=((f[(i-)&][j-][k-][]+f[(i-)&][j-][k][])%mod+f[(i-)&][j-][k-][])%mod;
f[i&][j][k][]=(f[(i-)&][j][k][]+f[(i-)&][j][k][])%mod;
}
else{
f[i&][j][k][]=(f[(i-)&][j][k][]+f[(i-)&][j][k][])%mod;
f[i&][j][k][]=;
}
}
cout<<(f[n&][m][K][]+f[n&][m][K][])%mod<<endl;
return ;
}
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