题目连接:Harvest of Apples

题意:给出一个n和m,求C(0,n)+C(1,n)+.....+C(m,n)。(样例组数为1e5)

题解:首先先把阶乘和逆元预处理出来,这样就可O(1)将C(m,n)求出来了。但这样还是会超时,所以接下来要分块,每隔500个处理出C(1~m,n)的结果。然后还要知道一个性质 C(a,b) = ∑C(t1,x)*C(t2,y)  (x+y<=b),这样我们就可以将给出的m和n分为两个组,其中一个组中元素的个数为500的倍数。然后我们对于另一个组枚举可能的t2然后求和,每次询问最大的操作次数就变成了500次。

 #include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long LL;
const LL mod = 1e9 + ;
typedef pair<int,int> P;
const int MAX_N = 1e5+;
int N,M,T,S;
LL Jc[MAX_N];
LL ni_[MAX_N];
LL tran[][MAX_N];
LL tr[][];
//费马小定理求逆元
LL pow(LL a, LL n, LL p) //快速幂 a^n % p
{
LL ans = ;
while(n)
{
if(n & ) ans = ans * a % p;
a = a * a % p;
n >>= ;
}
return ans;
} LL niYuan(LL a, LL b) //费马小定理求逆元
{
return pow(a, b - , b);
} void calJc() //求maxn以内的数的阶乘
{
Jc[] = Jc[] = ;
for(LL i = ; i < MAX_N; i++)
Jc[i] = Jc[i - ] * i % mod;
}
void calni(){
for(int i=;i<MAX_N;i++){
ni_[i] = niYuan(Jc[i],mod);
}
} LL C(LL a, LL b) //计算C(a, b)
{
return Jc[a] * ni_[b] % mod
* ni_[a-b] % mod;
} void init(){
for(int i=;i<MAX_N/;i++){
for(int j=;j<MAX_N;j++){
tran[i][j] = C(*i,j);
if(j>) tran[i][j] = (tran[i][j] + tran[i][j-])%mod;
}
} for(int i=;i<;i++){
for(int j=;j<;j++){
tr[i][j] = C(i,j);
}
}
}
int main(){
calJc();
calni();
init();
//cout<<"OK"<<endl;
cin>>T;
while(T--){
LL a,b;
scanf("%lld%lld",&a,&b);
LL ans = ;
if(a < ){
for(int i=;i<=b;i++)
ans = (ans + tr[a][i])%mod;
}
else{
LL t1 = a / ;
LL t2 = a - t1*;
for(int i=;i<=min(b,t2);i++){
ans = (ans + tr[t2][i]*tran[t1][min(b - i,t1*)])%mod;
}
}
printf("%lld\n",ans); }
return ;
}

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