HDU 4336 Card Collector：状压 + 期望dp

题目链接：http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=4336

题意：

　　有n种卡片(n <= 20)。

　　对于每一包方便面，里面有卡片i的概率为p[i]，可以没有卡片。

　　问你集齐n种卡片所买方便面数量的期望。

题解：

　　状态压缩。

　　第i位表示手上有没有卡片i。

　　表示状态：

　　　　dp[state] = expectation

　　　　（卡片状态为state时，要集齐卡片还要买的方便面数的期望）

　　找出答案：

　　　　ans = dp[0]

　　　　刚开始一张卡片都没有。

　　如何转移：

　　　　now: dp[state]

　　　　对于卡片i，如果手上已经有了i，则方便面里有i等价于面里什么都没有。

　　　　所以子期望共两种：

　　　　　　（1）拿到一张还没有的卡片i。

　　　　　　（2）拿到垃圾2333。

　　　　dp[state] = sigma( dp[state|(1<<i)] * p[i] ) + dp[state] * P(useless) + 1

　　　　P(useless)为拿到垃圾的概率。

　　　　设tot = sigma(p[i])

　　　　P(useless) = 1 - tot

　　　　原式移项后：

　　　　　　dp[state] = ( sigma( dp[state|(1<<i)] * p[i] ) + 1 ) / tot

　　边界条件：

　　　　dp[(1<<n)-1] = 0

　　　　已经集齐，不用再买。

AC Code:

 // state expression:
 // dp[state] = expectation
 // state: state of present cards
 //
 // find the answer:
 // ans = dp[0]
 //
 // transferring:
 // now: dp[state]
 // dp[state] = sigma( dp[state|(1<<i)] * p[i] ) + dp[state] * P(useless) + 1
 // i: not been collected
 // dp[state] = ( sigma( dp[state|(1<<i)] * p[i] ) + 1 ) / (1 - P(useless))
 // dp[state] = ( sigma( dp[state|(1<<i)] * p[i] ) + 1 ) / tot
 //
 // boundary:
 // dp[(1<<n)-1] = 0
 #include <iostream>
 #include <stdio.h>
 #include <string.h>
 #define MAX_N 25
 #define MAX_S ((1<<20)+5)
 
 using namespace std;
 
 int n;
 double p[MAX_N];
 double dp[MAX_S];
 
 void read()
 {
     for(int i=;i<n;i++)
     {
         cin>>p[i];
     }
 }
 
 void solve()
 {
     memset(dp,,sizeof(dp));
     for(int state=(<<n)-;state>=;state--)
     {
         double tot=;
         for(int i=;i<n;i++)
         {
             if(!((state>>i)&))
             {
                 dp[state]+=dp[state|(<<i)]*p[i];
                 tot+=p[i];
             }
         }
         dp[state]=(dp[state]+1.0)/tot;
     }
 }
 
 void print()
 {
     printf("%.9f\n",dp[]);
 }
 
 int main()
 {
     while(cin>>n)
     {
         read();
         solve();
         print();
     }
 }