蓝桥杯近三年初赛题之一(15年b组)
临近比赛,自己定时做了近三年的初赛题,不是很理想,10道题平均做对5+道。为了这次比赛,总共做了200题左右吧,估计去北京参加决赛有点难,不过不管怎样,对得起自己万余行代码就好。
一、15年初赛题(第六届)
1、奖券数目
有些人很迷信数字,比如带“4”的数字,认为和“死”谐音,就觉得不吉利。
虽然这些说法纯属无稽之谈,但有时还要迎合大众的需求。某抽奖活动的奖券号码是5位数(10000-99999),要求其中不要出现带“4”的号码,主办单位请你计算一下,如果任何两张奖券不重号,最多可发出奖券多少张。
请提交该数字(一个整数),不要写任何多余的内容或说明性文字。
水题,暴力一下就得出了答案:52488。
代码如下:
#include<stdio.h>
int main()
{
int i,x,n=;
for(i=;i<;i++)
{
x=i;
if(x/!=&&(x%)/!=&&(x%)/!=&&(x%)/!=&&x%!=)
n++;
}
printf("%d\n",n);
return ;
}
2、星系炸弹
在X星系的广袤空间中漂浮着许多X星人造“炸弹”,用来作为宇宙中的路标。
每个炸弹都可以设定多少天之后爆炸。
比如:阿尔法炸弹2015年1月1日放置,定时为15天,则它在2015年1月16日爆炸。
有一个贝塔炸弹,2014年11月9日放置,定时为1000天,请你计算它爆炸的准确日期。
请填写该日期,格式为 yyyy-mm-dd 即4位年份2位月份2位日期。比如:2015-02-19
请严格按照格式书写。不能出现其它文字或符号。
我手算的,比正确答案多了一天,哭。正确答案为2017-08-05。
3、三羊献瑞
观察下面的加法算式:
祥 瑞 生 辉
+ 三 羊 献 瑞
-------------------
三 羊 生 瑞 气
其中,相同的汉字代表相同的数字,不同的汉字代表不同的数字。
请你填写“三羊献瑞”所代表的4位数字(答案唯一),不要填写任何多余内容。
写个深搜,答案就出来了,正确答案为1085。这个式子就是这样的:9567+1085=10652。
#include<stdio.h>
int a[];
int vis[];
void dfs(int cur)
{
int i;
if(cur==)
{
if((*a[]+*a[]+*a[]+a[]+*a[]+*a[]+*a[]+a[])==(*a[]+*a[]+*a[]+*a[]+a[])&&a[]!=)
{
printf("%2d%d%d%d\n",a[],a[],a[],a[]);
printf("%2d%d%d%d\n",a[],a[],a[],a[1]);
printf("%d%d%d%d%d",a[],a[],a[],a[],a[]);
}
}
else for(i=;i<;i++)
{
if(!vis[i])
{
vis[i]=;
a[cur]=i;
dfs(cur+);
vis[i]=;
}
}
}
int main()
{
dfs();
return ;
}
4、格子中输出
StringInGrid函数会在一个指定大小的格子中打印指定的字符串。
要求字符串在水平、垂直两个方向上都居中。
如果字符串太长,就截断。
如果不能恰好居中,可以稍稍偏左或者偏上一点。
下面的程序实现这个逻辑,请填写划线部分缺少的代码。
#include <stdio.h>
#include <string.h>
void StringInGrid(int width, int height, const char* s)
{
int i,k;
char buf[1000];
strcpy(buf, s);
if(strlen(s)>width-2) buf[width-2]=0;
printf("+");
for(i=0;i<width-2;i++) printf("-");
printf("+\n");
for(k=1; k<(height-1)/2;k++){
printf("|");
for(i=0;i<width-2;i++) printf(" ");
printf("|\n");
}
printf("|");
printf("%*s%s%*s",_____________________________________________); //填空
printf("|\n");
for(k=(height-1)/2+1; k<height-1; k++){
printf("|");
for(i=0;i<width-2;i++) printf(" ");
printf("|\n");
}
printf("+");
for(i=0;i<width-2;i++) printf("-");
printf("+\n");
}
int main()
{
StringInGrid(20,6,"abcd1234");
return 0;
}
对于题目中数据,应该输出:
+------------------+
| |
| abcd1234 |
| |
| |
+------------------+
注意:只填写缺少的内容,不要书写任何题面已有代码或说明性文字。
看到这个代码填空,我是比较懵逼的,因为不知道%*s是什么意思,后来百度了一下才知道,对应3个参数,字符串前面的空格,字符串本身,字符串后面的空格。自己写的答案为:(width-2-strlen(buf))/2,buf+strlen(buf),buf,width-2-strlen(buf)-(width-2-strlen(buf))/2,buf+strlen(buf)。
5、九数组分数
1,2,3...9 这九个数字组成一个分数,其值恰好为1/3,如何组法?
下面的程序实现了该功能,请填写划线部分缺失的代码。
#include <stdio.h>
void test(int x[])
{
int a = x[0]*1000 + x[1]*100 + x[2]*10 + x[3];
int b = x[4]*10000 + x[5]*1000 + x[6]*100 + x[7]*10 + x[8];
if(a*3==b) printf("%d / %d\n", a, b);
}
void f(int x[], int k)
{
int i,t;
if(k>=9){
test(x);
return;
}
for(i=k; i<9; i++){
{t=x[k]; x[k]=x[i]; x[i]=t;}
f(x,k+1);
_____________________________________________ // 填空处
}
}
int main()
{
int x[] = {1,2,3,4,5,6,7,8,9};
f(x,0);
return 0;
}
注意:只填写缺少的内容,不要书写任何题面已有代码或说明性文字。
一个简单的交换、搜索、还原,正确答案为:{t=x[k]; x[k]=x[i]; x[i]=t;}
6、加法变乘法
我们都知道:1+2+3+ ... + 49 = 1225
现在要求你把其中两个不相邻的加号变成乘号,使得结果为2015
比如:
1+2+3+...+10*11+12+...+27*28+29+...+49 = 2015
就是符合要求的答案。
请你寻找另外一个可能的答案,并把位置靠前的那个乘号左边的数字提交(对于示例,就是提交10)。
注意:需要你提交的是一个整数,不要填写任何多余的内容。
这题同样一个深搜就解决了,正确答案为:16。
#include<stdio.h>
void f(int a,int b)
{
int i,x;
if(b-a==)
{
x=a*b*(b+);
for(i=;i<a;i++)
x+=i;
for(i=b+;i<;i++)
x+=i;
if(x==)
printf("%d\n",a);
}
else
{
x=a*(a+)+b*(b+);
for(i=;i<a;i++)
x+=i;
for(i=a+;i<b;i++)
x+=i;
for(i=b+;i<;i++)
x+=i;
if(x==)
printf("%d\n",a,b);
}
}
int main()
{
int i,j;
for(i=;i<;i++)
for(j=i+;j<;j++)
f(i,j);
return ;
}
7、牌型种数
小明被劫持到X赌城,被迫与其他3人玩牌。
一副扑克牌(去掉大小王牌,共52张),均匀发给4个人,每个人13张。
这时,小明脑子里突然冒出一个问题:
如果不考虑花色,只考虑点数,也不考虑自己得到的牌的先后顺序,自己手里能拿到的初始牌型组合一共有多少种呢?
请填写该整数,不要填写任何多余的内容或说明文字。
这题我写了一个暴力,然后俩小时没跑出来答案(写崩了)。正确答案是:3598180。转一下别人的代码(动态规划)。
#include<string.h>
#include<stdio.h>
#include<iostream>
#include<math.h>
using namespace std;
int dp[][];
int main()
{
int i,j,k,ans;
memset(dp,,sizeof(dp));
ans=;
dp[][]=dp[][]=dp[][]=dp[][]=dp[][]=;
for(i=;i<=;i++)
{
for(j=;j<=;j++)
{
for(k=;k<=;k++)
{
if(j-k>=)
{
dp[i][j]+=dp[i-][j-k];
}
}
}
}
ans=dp[][];
printf("%d\n",ans);
return ;
}
8、移动距离
X星球居民小区的楼房全是一样的,并且按矩阵样式排列。其楼房的编号为1,2,3...
当排满一行时,从下一行相邻的楼往反方向排号。
比如:当小区排号宽度为6时,开始情形如下:
1 2 3 4 5 6
12 11 10 9 8 7
13 14 15 .....
我们的问题是:已知了两个楼号m和n,需要求出它们之间的最短移动距离(不能斜线方向移动)
输入为3个整数w m n,空格分开,都在1到10000范围内
w为排号宽度,m,n为待计算的楼号。
要求输出一个整数,表示m n 两楼间最短移动距离。
例如:
用户输入:
6 8 2
则,程序应该输出:
4
再例如:
用户输入:
4 7 20
则,程序应该输出:
5
资源约定:
峰值内存消耗 < 256M
CPU消耗 < 1000ms
请严格按要求输出,不要画蛇添足地打印类似:“请您输入...” 的多余内容。
所有代码放在同一个源文件中,调试通过后,拷贝提交该源码。
注意: main函数需要返回0
注意: 只使用ANSI C/ANSI C++ 标准,不要调用依赖于编译环境或操作系统的特殊函数。
注意: 所有依赖的函数必须明确地在源文件中 #include <xxx>, 不能通过工程设置而省略常用头文件。
提交时,注意选择所期望的编译器类型。
通过奇数行偶数行的规律不同求出2个数的横纵坐标,然后取横纵坐标差的绝对值之和就行,不保证自己代码正确,所以转一下别人的代码
#include<string.h>
#include<stdio.h>
#include<iostream>
#include<math.h>
using namespace std;
int main()
{
int w,m,n,r1,c1,r2,c2,ans;
while(scanf("%d%d%d",&w,&m,&n)!=EOF)
{
r1=m/w;
c1=m%w;
if(c1!=)
{
r1++;
if(r1%==)
{
c1=w-c1+;
}
} r2=n/w;
c2=n%w;
if(c2!=)
{
r2++;
if(r2%==)
{
c2=w-c2+;
}
} ans=abs(r2-r1)+abs(c2-c1);
printf("%d\n",ans);
}
return ;
}
9、垒骰子
赌圣atm晚年迷恋上了垒骰子,就是把骰子一个垒在另一个上边,不能歪歪扭扭,要垒成方柱体。
经过长期观察,atm 发现了稳定骰子的奥秘:有些数字的面贴着会互相排斥!
我们先来规范一下骰子:1 的对面是 4,2 的对面是 5,3 的对面是 6。
假设有 m 组互斥现象,每组中的那两个数字的面紧贴在一起,骰子就不能稳定的垒起来。
atm想计算一下有多少种不同的可能的垒骰子方式。
两种垒骰子方式相同,当且仅当这两种方式中对应高度的骰子的对应数字的朝向都相同。
由于方案数可能过多,请输出模 10^9 + 7 的结果。
不要小看了 atm 的骰子数量哦~
「输入格式」
第一行两个整数 n m
n表示骰子数目
接下来 m 行,每行两个整数 a b ,表示 a 和 b 数字不能紧贴在一起。
「输出格式」
一行一个数,表示答案模 10^9 + 7 的结果。
「样例输入」
2 1
1 2
「样例输出」
544
「数据范围」
对于 30% 的数据:n <= 5
对于 60% 的数据:n <= 100
对于 100% 的数据:0 < n <= 10^9, m <= 36
资源约定:
峰值内存消耗 < 256M
CPU消耗 < 2000ms
请严格按要求输出,不要画蛇添足地打印类似:“请您输入...” 的多余内容。
所有代码放在同一个源文件中,调试通过后,拷贝提交该源码。
注意: main函数需要返回0
注意: 只使用ANSI C/ANSI C++ 标准,不要调用依赖于编译环境或操作系统的特殊函数。
注意: 所有依赖的函数必须明确地在源文件中 #include <xxx>, 不能通过工程设置而省略常用头文件。
提交时,注意选择所期望的编译器类型。
自己写的代码纯暴力,不知道能过多少代码。转一下别人的代码(思路为矩阵快速幂)。
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#include<vector>
#include<queue>
#include<map>
#define LL long long
#define MAXN 1000010
using namespace std;
const int INF=0x3f3f3f3f;
//----以下为矩阵快速幂模板-----//
//const int mod=3;//模3,故这里改为3即可
int mod;
const int NUM=;//定义矩阵能表示的最大维数
int N;//N表示矩阵的维数,以下的矩阵加法、乘法、快速幂都是按N维矩阵运算的
struct Mat{//矩阵的类
LL a[NUM][NUM];
void init()//将其初始化为单位矩阵
{
memset(a,,sizeof(a));
for(int i=;i<NUM;i++)
{
a[i][i]=;
}
}
};
Mat add(Mat a,Mat b)//(a+b)%mod 矩阵加法
{
Mat ans;
for(int i=;i<N;i++)
{
for(int j=;j<N;j++)
{
ans.a[i][j]=(a.a[i][j]%mod)+(b.a[i][j]%mod);
ans.a[i][j]%=mod;
}
}
return ans;
}
Mat mul(Mat a,Mat b) //(a*b)%mod 矩阵乘法
{
Mat ans;
for(int i=;i<N;i++)
{
for(int j=;j<N;j++)
{
ans.a[i][j]=;
for(int k=;k<N;k++)
{
ans.a[i][j]=(ans.a[i][j]%mod)+(a.a[i][k]%mod)*(b.a[k][j]%mod);
}
ans.a[i][j]%=mod;
}
}
return ans;
}
Mat power(Mat a,int num)//(a^n)%mod 矩阵快速幂
{
Mat ans;
ans.init();
while(num)
{
if(num&)
{
ans=mul(ans,a);
}
num>>=;
a=mul(a,a);
}
return ans;
}
Mat pow_sum(Mat a,int num)//(a+a^2+a^3....+a^n)%mod 矩阵的幂和
{
int m;
Mat ans,pre;
if(num==)
return a;
m=num/;
pre=pow_sum(a,m);
ans=add(pre,mul(pre,power(a,m)));
if(num&)
ans=add(ans,power(a,num));
return ans;
}
void output(Mat a)//输出矩阵
{
for(int i=;i<N;i++)
{
for(int j=;j<N;j++)
{
printf("%lld%c",a.a[i][j],j==N-?'\n':' ');
}
}
}
//----以上为矩阵快速幂模板-----// int v[][];
int main()
{
Mat A,B;
int i,j,k,n,m,x,y,sum;
while(scanf("%d%d",&n,&m)!=EOF)
{
for(i=;i<;i++)
{
for(j=;j<;j++)
{
v[i][j]=;
}
}
for(i=;i<=m;i++)
{
scanf("%d%d",&x,&y);
v[x-][(y+)%]=;
v[y-][(x+)%]=;
}
N=;
mod=1e9+;
for(i=;i<;i++)
{
for(j=;j<;j++)
{
A.a[i][j]=v[i][j]*;
}
}
for(i=;i<;i++)
B.a[i][]=;
A=power(A,n-);
Mat ans;
for(i=;i<N;i++)
{
for(j=;j<;j++)
{
ans.a[i][j]=;
for(k=;k<N;k++)
{
ans.a[i][j]=(ans.a[i][j]%mod)+(A.a[i][k]%mod)*(B.a[k][j]%mod);
}
ans.a[i][j]%=mod;
}
}
sum=;
for(i=;i<N;i++)
{
sum=(sum+ans.a[i][])%mod;
}
printf("%d\n",sum);
}
return ;
}
10、生命之树
在X森林里,上帝创建了生命之树。
他给每棵树的每个节点(叶子也称为一个节点)上,都标了一个整数,代表这个点的和谐值。
上帝要在这棵树内选出一个非空节点集S,使得对于S中的任意两个点a,b,都存在一个点列 {a, v1, v2, ..., vk, b} 使得这个点列中的每个点都是S里面的元素,且序列中相 邻两个点间有一条边相连。
在这个前提下,上帝要使得S中的点所对应的整数的和尽量大。
这个最大的和就是上帝给生命之树的评分。
经过atm的努力,他已经知道了上帝给每棵树上每个节点上的整数。但是由于 atm 不擅长计算,他不知道怎样有效的求评分。他需要你为他写一个程序来计算一棵树的分数。
「输入格式」
第一行一个整数 n 表示这棵树有 n 个节点。
第二行 n 个整数,依次表示每个节点的评分。
接下来 n-1 行,每行 2 个整数 u, v,表示存在一条 u 到 v 的边。由于这是一棵树,所以是不存在环的。
「输出格式」
输出一行一个数,表示上帝给这棵树的分数。
「样例输入」
5
1 -2 -3 4 5
4 2
3 1
1 2
2 5
「样例输出」
8
「数据范围」
对于 30% 的数据,n <= 10
对于 100% 的数据,0 < n <= 10^5, 每个节点的评分的绝对值不超过 10^6 。
资源约定:
峰值内存消耗 < 256M
CPU消耗 < 3000ms
请严格按要求输出,不要画蛇添足地打印类似:“请您输入...” 的多余内容。
所有代码放在同一个源文件中,调试通过后,拷贝提交该源码。
注意: main函数需要返回0
注意: 只使用ANSI C/ANSI C++ 标准,不要调用依赖于编译环境或操作系统的特殊函数。
注意: 所有依赖的函数必须明确地在源文件中 #include <xxx>, 不能通过工程设置而省略常用头文件。
提交时,注意选择所期望的编译器类型。
猜到是动态规划,但是自己没时间了。转一下别人代码。
#include<string.h>
#include<stdio.h>
#include<iostream>
#include<math.h>
#define LL long long
#define MAXN 1000010
#define INF 0x3f3f3f3f
using namespace std; struct node{
int from;
int to;
int w;
int next;
}Edge[MAXN]; int n,m,tot;
int head[MAXN],dp[MAXN][],w[MAXN];
void init()
{
memset(head,-,sizeof(head));
tot=;
}
void add(int from,int to,int w)
{
Edge[tot].from=from;
Edge[tot].to=to;
Edge[tot].w=w;
Edge[tot].next=head[from];
head[from]=tot++;
} void dfs(int p,int fa)
{
for(int i=head[p];i!=-;i=Edge[i].next)
{
int v=Edge[i].to;
if(v==fa)
continue;
dfs(v,p);
dp[p][]=max(dp[v][],dp[v][]);
dp[p][]=max(dp[v][]+dp[p][],dp[p][]);
}
} int main()
{
int i,j,u,v,ans;
while(scanf("%d",&n)!=EOF)
{
memset(dp,-INF,sizeof(dp));
for(i=;i<=n;i++)
{
scanf("%d",&w[i]);
dp[i][]=w[i];
}
init();
for(i=;i<=n-;i++)
{
scanf("%d%d",&u,&v);
add(u,v,);
add(v,u,);
}
dfs(,-);
ans=max(dp[][],dp[][]);
printf("%d\n",ans);
}
return ;
}
部分代码转自https://blog.csdn.net/enjoying_science/article/details/50740935
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