hdu 5057 Argestes and Sequence (数状数组+离线处理)
题意:
给N个数。a[1]....a[N]。
M种操作:
S X Y:令a[X]=Y
Q L R D P:查询a[L]...a[R]中满足第D位上数字为P的数的个数
数据范围:
1<=T<= 50
1<=N, M<=100000
0<=a[i]<=$2^{31}$ - 1
1<=X<=N
0<=Y<=$2^{31}$ - 1
1<=L<=R<=N
1<=D<=10
0<=P<=9
思路:
直接开tree[maxn][10][10]记录第i位上数字为j的个数,铁定MLE,采用离线省去一维。
枚举位置(第i位),每一次枚举,扫一下M个操作,记录。
额.. 直接看代码
代码:
#include <cstdio>
#include <iostream>
#include <string.h>
#include <cstdlib>
#include <algorithm>
#include <queue>
#include <vector>
#include <cmath>
#include <map>
#include <stack>
using namespace std;
int const uu[4] = {1,-1,0,0};
int const vv[4] = {0,0,1,-1};
typedef long long ll;
int const inf = 0x3f3f3f3f;
ll const INF = 0x7fffffffffffffffll;
double eps = 1e-10;
double pi = acos(-1.0);
#define rep(i,s,n) for(int i=(s);i<=(n);++i)
#define rep2(i,s,n) for(int i=(s);i>=(n);--i)
#define mem(v,n) memset(v,(n),sizeof(v))
#define lson l, m, rt<<1
#define rson m+1, r, rt<<1|1
#define lowbit(x) (x)&(-(x))
struct node1{
int kind, L, R, D, P, pos, value; //kind=0,Q操作 kind=1,S操作
}O[100005]; int const maxn=100005;
int T,n,m;
int a[maxn], aa[maxn];
int C[maxn][10]; //第二维:位上的数字
int ans[maxn]; void update(int kind,int p,int x){ //x:位上的数字
for(int i=p;i<=n;i+=lowbit(i)){
if(kind==0)
++C[i][x];
else
--C[i][x];
}
} int sum(int p,int P){
int ret=0;
for(int i=p;i>0;i-=lowbit(i))
ret+=C[i][P];
return ret;
} int query(int L,int R,int P){
return sum(R,P)-sum(L-1,P);
} int POW(int base,int k){
int ret=1;
while(k--) ret*=10;
return ret;
} int main(){
cin>>T;
while(T--){
scanf("%d%d",&n,&m); rep(i,1,n){
scanf("%d",&a[i]);
aa[i]=a[i];
} char op[10];
rep(kk,1,m){
scanf("%s",op);
int x,y,L,R,D,P;
if(op[0]=='S'){
scanf("%d%d",&x,&y);
O[kk].kind=1, O[kk].pos=x, O[kk].value=y;
}else{
scanf("%d%d%d%d",&L,&R,&D,&P);
O[kk].kind=0, O[kk].L=L, O[kk].R=R, O[kk].D=D, O[kk].P=P;
}
} rep(i,1,10){// 第i位
mem(C,0);
rep(j,1,n){
a[j]=aa[j];
int t1=a[j]/POW(10,i-1)%10; //第i位上的数字
update(0,j,t1);
}
rep(j,1,m){
if(O[j].kind==1){ //更改操作
int t1=a[O[j].pos]/POW(10,i-1)%10;
update(1, O[j].pos, t1);
int t2=O[j].value/POW(10,i-1)%10;
update(0, O[j].pos, t2);
a[O[j].pos]=O[j].value;
}else{
if(O[j].D==i){ //查询操作
ans[j]=query(O[j].L,O[j].R,O[j].P);
}
}
}
}
rep(i,1,m) if(O[i].kind==0) printf("%d\n",ans[i]);
}
return 0;
}
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