题目描述

输入

一行,包含两个整数N,M。

输出

1个整数,FHT(N,M) mod 1000000007的值。

样例输入

3 4

样例输出

1

数据范围

对于 40% 的数据,1 ≤ N,M ≤ 1000

对于 60% 的数据,1 ≤ N,M ≤ 10^6

对于 100% 的数据,1 ≤ N,M ≤ 10^9

解法

答案=ans(n)*ans(m) (其中ans(n)=sigma(n%i));

那么现在只用考虑ans(n)怎么求。

ans(n)=sigma(n mod i)

=sigma(n-i*(n div i))

=n^2-sigma(i)*sigma(n div i)

由于sigma(n div i)最多只有n^0.5种取值。所以可以分段计算。


证明:

令i=1..n^0.5,那么对应的n div i区间就在[n^0.5,n],所以约数最多有2*n^0.5个。

代码

#include<iostream>
#include<stdio.h>
#include<math.h>
#include<string.h>
#include<algorithm>
#define ll long long
#define sqr(x) ((x)*(x))
#define ln(x,y) int(log(x)/log(y))
using namespace std;
const char* fin="aP1.in";
const char* fout="aP1.out";
const int inf=0x7fffffff;
const int mo=1000000007;
int read(){
int x=0;
char ch=getchar();
while (ch<'0' || ch>'9') ch=getchar();
while (ch>='0' && ch<='9') x=x*10+ch-'0',ch=getchar();
return x;
}
int n,m,i,j,k;
ll ans,tmp;
ll work(int a,int b){
ll i,j=1,k=0,num,tmp,st=a;
while (a){
num=(a-b)/(j+1)+((a-b)%(j+1)?1:0);
if (num<=100) {
break;
}
tmp=b+num*j-j;
k=(k+(b+tmp)*num/2)%mo;
a-=num;
b=(tmp+j)%a;
j++;
}
for (;a;a--) k=(k+(st%a))%mo;
return k;
}
int main(){
scanf("%d%d",&n,&m);
ans=(work(n,0)*work(m,0))%mo;
printf("%lld",ans);
return 0;
}

启发

n%i=n-n div i*i。

当i=1..n时,n div i最多有n^0.5个取值,所以可以分段计算。

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