考虑统计每个数字的贡献。设f[i]为前缀i中该数的出现次数,则要统计f[r]-f[l]>(r-l)/2的数对个数,也即2f[r]-r>2f[l]-l。

  注意到所有数的f的总变化次数是线性的,考虑对每次变化进行统计。

  对于当前考虑位置i,统计r∈[i,nxt[a[i]])时a[i]的贡献。如果将之前的所有2f[l]-l扔进一个线段树里,可以发现要统计的是终点在一段区间内的前缀和的和。那么不属于该区间的每个2f[l]-l都会被统计nxt[a[i]]-i次,属于该区间的2f[l]-l的被统计次数构成一个等差数列,维护区间和的同时再维护区间前缀和的和即可。统计完后把这段作为l的贡献加进去,就是一个线段树区间加。

  写的是动态开点,然而在下传标记的时候忘记开新点了,于是浪费了两个小时宝贵的人生。bzoj上T掉了然而没心情卡常了。

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cmath>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
#define ll long long
#define N 500010
int read()
{
int x=,f=;char c=getchar();
while (c<''||c>'') {if (c=='-') f=-;c=getchar();}
while (c>=''&&c<='') x=(x<<)+(x<<)+(c^),c=getchar();
return x*f;
}
char getc(){char c=getchar();while ((c<'A'||c>'Z')&&(c<'a'||c>'z')) c=getchar();return c;}
int gcd(int n,int m){return m==?n:gcd(m,n%m);}
int n,a[N],nxt[N],p[N],f[N],cnt,root[N];
ll ans=;
struct data{int l,r,sum,lazy;ll pre;
}tree[N*];
void update(int &k,int l,int r,int x)
{
if (!k) k=++cnt;
tree[k].sum+=(r-l+)*x;
tree[k].pre+=1ll*x*(r-l+)*(r-l+)>>;
tree[k].lazy+=x;
}
void down(int k,int l,int r)
{
update(tree[k].l,l,l+r>>,tree[k].lazy),update(tree[k].r,(l+r>>)+,r,tree[k].lazy);
tree[k].lazy=;
}
int querys(int k,int l,int r,int x,int y)
{
if (!k) return ;
if (l==x&&r==y) return tree[k].sum;
if (tree[k].lazy) down(k,l,r);
int mid=l+r>>;
if (y<=mid) return querys(tree[k].l,l,mid,x,y);
else if (x>mid) return querys(tree[k].r,mid+,r,x,y);
else return querys(tree[k].l,l,mid,x,mid)+querys(tree[k].r,mid+,r,mid+,y);
}
ll querypre(int k,int l,int r,int x,int y)
{
if (!k) return ;
if (l==x&&r==y) return tree[k].pre;
if (tree[k].lazy) down(k,l,r);
int mid=l+r>>;
if (y<=mid) return querypre(tree[k].l,l,mid,x,y);
else if (x>mid) return querypre(tree[k].r,mid+,r,x,y);
else return querypre(tree[k].l,l,mid,x,mid)+querypre(tree[k].r,mid+,r,mid+,y)+1ll*querys(tree[k].l,l,mid,x,mid)*(y-mid);
}
void ins(int &k,int l,int r,int x,int y)
{
//cout<<l-n<<' '<<r-n<<' '<<x-n<<' '<<y-n<<endl;
if (!k) k=++cnt;
if (l==x&&r==y) {update(k,l,r,);return;}
if (tree[k].lazy) down(k,l,r);
int mid=l+r>>;
if (y<=mid) ins(tree[k].l,l,mid,x,y);
else if (x>mid) ins(tree[k].r,mid+,r,x,y);
else ins(tree[k].l,l,mid,x,mid),ins(tree[k].r,mid+,r,mid+,y);
tree[k].sum=tree[tree[k].l].sum+tree[tree[k].r].sum;
tree[k].pre=tree[tree[k].l].pre+tree[tree[k].r].pre+1ll*tree[tree[k].l].sum*(r-mid);
}
int main()
{
#ifndef ONLINE_JUDGE
freopen("bzoj5110.in","r",stdin);
freopen("bzoj5110.out","w",stdout);
const char LL[]="%I64d\n";
#else
const char LL[]="%lld\n";
#endif
n=read();read();
for (int i=;i<=n;i++)
{
a[i]=read()+;
if (!p[a[i]]) ins(root[a[i]],,n*,n+-i,n);
nxt[p[a[i]]]=i,p[a[i]]=i;
}
for (int i=;i<=n;i++) if (!nxt[i]) nxt[i]=n+;
for (int i=;i<=n;i++)
{
f[a[i]]++;
int x=*f[a[i]]-(nxt[i]-),y=*f[a[i]]-i;
ans+=1ll*querys(root[a[i]],,n*,,n+x-)*(y-x+);
ans+=querypre(root[a[i]],,n*,n+x-,n+y-);
ins(root[a[i]],,n*,x+n,y+n);
}
cout<<ans;
return ;
}

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