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【题解】

我们考虑这是个置换,所以一定形成了很多不相交的环。

对于每个环,我们只能选一段、不选、选一段、不选这样交替下去。

显然只有偶环是有解的,所以只考虑偶环。

每个偶环有2种方案(第一个选,第一个不选),直接枚举是O(2^(n/2))的,复杂度接受不了。

我们发现,2元环的左括号一定放在前面更优(更容易形成括号序列),所以贪心放,剩下的最小是4元环,枚举即可,所以复杂度是O(2^(n/4))。

写个dfs然后发现常数太大。。。(还是过了)

# include <vector>
# include <stdio.h>
# include <string.h>
# include <iostream>
# include <algorithm>
// # include <bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll;
typedef long double ld;
typedef unsigned long long ull;
const int M = + ;
const int mod = 1e9+; # define RG register
# define ST static int n, p[M], ans[M];
int h[M][M], hn[M], a[M], an;
int m; int head[M], nxt[M], to[M], tot = ;
inline void add(int u, int v) {
++tot; nxt[tot] = head[u]; head[u] = tot; to[tot] = v;
}
inline void adde(int u, int v) {
add(u, v), add(v, u);
} bool vis[M];
inline void dfs(int x, int fa) {
if(vis[x]) return ;
vis[x] = ;
a[++an] = x;
for (int i=head[x]; i; i=nxt[i])
if(to[i] != fa) dfs(to[i], x);
} inline void solve(int x) {
an = ;
dfs(x, );
if(an == ) {
if(a[] < a[]) ans[a[]] = ;
else ans[a[]] = ;
} else {
++m; hn[m] = an;
for (int i=; i<=an; ++i) h[m][i] = a[i];
}
} inline bool chk() {
int sum = ;
for (int i=; i<=n; ++i) {
sum = sum + (ans[i] ? : -);
if(sum < ) return false;
}
for (int i=; i<=n; ++i) putchar(ans[i] ? '(' : ')');
puts("");
return true;
} bool ok;
inline void gans(int x) {
if(ok) return ;
if(x == m + ) {
if (chk()) ok = ;
return ;
}
for (int i=; i<=hn[x]; ++i) ans[h[x][i]] = (i&);
gans(x+);
for (int i=; i<=hn[x]; ++i) ans[h[x][i]] ^= ;
gans(x+);
} int main() {
freopen("c.in", "r", stdin);
freopen("c.out", "w", stdout);
cin >> n;
for (int i=; i<=n; ++i) scanf("%d", &p[i]);
for (int i=; i<=n; ++i) adde(i, p[i]);
for (int i=; i<=n; ++i) if(!vis[i]) solve(i);
// for (int i=1; i<=m; ++i, puts("\n"))
// for (int j=1; j<=hn[i]; ++j)
// printf("%d ", h[i][j]);
gans();
return ;
}

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