CF149D游戏
题目描述
Petya遇到了一个关于括号序列的问题: 给定一个字符串S,它代表着正确的括号序列,即(“(”)与 (“)”)是匹配的。例如:“(())()” 和 “()”是正确的,“)()”与“(()”则不是正确的。 在正确的括号序列中,一个左边的括号一定是匹配一个右边的括号(反之亦然)。例如,在下图中,第 3 个括号匹配第 6 个括号,第 4 个括号匹配第 5 个括号。
现在你需要对一个正确的括号序列做涂色操作,严格满足以下三个条件:
1、每个括号要么不涂色,要么涂红色,要么涂蓝色。
2、一对匹配的括号需要且只能将其中一个涂色。
3、相邻的括号不能涂上同一种颜色(但是可以都不涂颜色)。
求:给整个括号序列涂上颜色的方案数,答案可能比较大,对 1000000007 取模。
输入格式
输入的第一行包含一个字符串 s,(2 <= |s| <= 700)代表一个正确的括号序列。
输出格式
输出方案数。(对 10^9 + 7 取模)
样例
样例1输入
(())
样例1输出
12
样例2输入
(()())
样例2输出
40
样例3输入
()
样例3输出
4
来源:CF149D
此题的主要方法是先分类讨论,要考虑左右边界是否配对
1.如果配对
则会直接继承l+1,r-1的所有方案
2如果不配对
找到左边界配对的,并把[l,r]划分成两个区间最后俩区间方案合并
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
char s[705];
int pd[705];
long long int xx[705];
long long int t=1;
long long int ans=0;
long long int qc[705][705]={0};
long long int dp[705][705][3][3]={0};//dp[l][r][配色][配色]
void dfs(long long int l,long long int r)
{
if(qc[l][r])//边界
{
return;
}
qc[l][r]=1;
if(r-l==1)
{
dp[l][r][0][1]=1;
dp[l][r][0][2]=1;
dp[l][r][1][0]=1;
dp[l][r][2][0]=1; //()时,配色方案为一个定值
return;//一定走不了了
}
if(pd[l]==r)//可匹配 所一,他的方案数来自与l+1,r-1,方案数的总和
{
dfs(l+1,r-1);//算出前面的接果,不断向一个点缩
for(int i=0;i<=2;i++)//枚举着色 (())
{
for(int j=0;j<=2;j++)//右边界
{
for(int k=0;k<=2;k++) //左+1
{
for(int a=0;a<=2;a++)//右+1
{
if((i==0||j==0)&&(i!=0||j!=0)&&(i!=k||(i+k==0))&&(j!=a||(j+a==0)))//1、每个括号要么不涂色,要么涂红色,要么涂蓝色。且只能将其中一个涂色。3,4、邻的括号不能涂上同一种颜色(但是可以都不涂颜色)。
{
dp[l][r][i][j]+=dp[l+1][r-1][k][a];//累加
dp[l][r][i][j]%=1000000007;//因为如果l+1,r+1无发配对,会进入下一个else中,所以不用判断l+1,r-1是否配对
}
}
}
}
}
}
else
{
dfs(l,pd[l]);
dfs(pd[l]+1,r);//不能把pd[l]算二次,所以要+1
for(int i=0;i<=2;i++)//枚举着色
{
for(int j=0;j<=2;j++)//与上面一样,i,j在一个括号中,i,a是左右端点
{
for(int k=0;k<=2;k++)
{
for(int a=0;a<=2;a++)
{
if((i==0||j==0)&&(i!=0||j!=0)&&(j!=k||(j+k==0)))// j与k是相邻的,要判断;
{
dp[l][r][i][a]+=dp[l][pd[l]][i][j]*dp[pd[l]+1][r][k][a];//为什么要*呢?设为a A,a可一与A,B,C和并,b也是,所以和并时,为两边之积
dp[l][r][i][a]%=1000000007;//而且dp[l][r][i][a]要累加所有合并之积 b B
}// c C
}
}
}
}
}
}
int main()
{
scanf("%s",s+1);
long long int n=strlen(s+1);//如果字符串+1,strlen()中的字符串也要
for(int i=1;i<=n;i++)
{
if(s[i]=='(')
{
xx[t++]=i;
}
else
{
pd[xx[--t]]=i;//模拟一个栈
}
}
/*for(int i=1;i<=n;i++)
{
printf("%d ",pd[i]);
}*/
dfs(1,n);
for(int i=0;i<=2;i++)
{
for(int j=0;j<=2;j++)
{
ans+=dp[1][n][i][j];//加上不同配色的所有方案
ans%=1000000007;
}
}
printf("%lld",ans);
}
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