这条路是只说哦话题,没有注意到k只有最大射程10,所以昨天晚上,一个很长的纠结。没有好的办法来处理,后来不情愿地去寻找解决问题的办法,研究发现,人们对开始到句子,由于k的范围比较小 所以.........现在,我只是回头看看好暂停话题。是的。k所以全然能够先在询问前预处理DP一遍。

DP就比較清晰了。dp[i][j]  (i>=0 && i<k,,,,j>=i && j <=n)代表意义呢 以i为开头的  区间[1,j]注意 是 1~j的 所须要的操作数,题目问的是最小操作数,事实上我们知道假设要操作那么操作数都是固定的,所以 没什么所谓的最优解了。这样 状态转移能够说全然没有吧,由于就是先接替上一个的值。然后推断当前所在的位置 是否有糖,并且是否是k的倍数来决定是否要进行操作,这样就能够

int n,k,w;

char s[100000 + 5];

bool vis[100000 + 5];

int dp[12][100000 + 5];

void init() {
memset(vis,false,sizeof(vis));
memset(dp,0,sizeof(dp));
} bool input() {
while(scanf("%d %d %d",&n,&k,&w) == 3) {
scanf("%s",s + 1);
return false;
}
return true;
} void cal() {
for(int i=1;i<=n;i++)if(s[i] == '1')vis[i] = 1;
for(int i = 0;i<k;i++) {
for(int j=i;j<=n;j++) {
if((j - i + 1)%k == 0 && !vis[j])dp[i][j]++;
if((j - i + 1)%k != 0 && vis[j])dp[i][j]++;
dp[i][j] += dp[i][j - 1];
}
}
} void output() {
while(w--) {
int x,y;
scanf("%d %d",&x,&y);
int tmp = x%k;
cout<<dp[tmp][y] - dp[tmp][x - 1]<<endl;
}
} int main () {
while(true) {
init();
if(input())return 0;
cal();
output();
}
}

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