Description

给你一个m*n的格子的棋盘,每个格子里面有一个非负数。 从中取出若干个数,使得任意的两个数所在的格子没有公共边,就是说所取数所在的2个格子不能相邻,并且取出的数的和最大。
 

Input

包括多个测试实例,每个测试实例包括2整数m,n和m*n个非负数(m<=50,n<=50)
 

Output

对于每个测试实例,输出可能取得的最大的和

题目大意:这么短还中文就没大意了,唯一要注意的就是输入的第一个是行第二个是列……

思路:这题为最大权独立集(所选的点之间都没有边)。建立一个最大流的二分图,i+j为偶数的放左边,源点S连一条边到它,容量为格子里的数,其余放右边,连一条边到汇点T,容量还是格子里的数,相邻的都从左到右连一条边,容量为无穷大。所有数字之和减去最大流即为答案。

小证明:这样构图求出的最大流为最小权覆盖集(所有边至少被一个点覆盖),详见POJ 3308 Paratroopers(最大流最小割の最小点权覆盖)

而最小权覆盖集与最大权独立集是对偶图,把最小权覆盖集里的点都取反,就可以得到一个最大权独立集,所以总权 = 最小权覆盖集 + 最大权独立集。详见二分图中的对偶问题

代码(15MS):

 #include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <queue>
using namespace std; const int MAXN = ;
const int MAXE = ;
const int INF = 0x3fff3fff; struct SAP {
int head[MAXN], dis[MAXN], pre[MAXN], cur[MAXN], gap[MAXN];
int to[MAXE], next[MAXE], flow[MAXE];
int n, st, ed, ecnt; void init() {
memset(head, , sizeof(head));
ecnt = ;
} void add_edge(int u, int v, int c) {
to[ecnt] = v; flow[ecnt] = c; next[ecnt] = head[u]; head[u] = ecnt++;
to[ecnt] = u; flow[ecnt] = ; next[ecnt] = head[v]; head[v] = ecnt++;
//printf("%d->%d flow = %d\n", u, v, c);
} void bfs() {
memset(dis, 0x3f, sizeof(dis));
queue<int> que; que.push(ed);
dis[ed] = ;
while(!que.empty()) {
int u = que.front(); que.pop();
++gap[dis[u]];
for(int p = head[u]; p; p = next[p]) {
int &v = to[p];
if(flow[p ^ ] && dis[v] > n) {
dis[v] = dis[u] + ;
que.push(v);
}
}
}
} int Max_flow(int ss, int tt, int nn) {
st = ss; ed = tt; n = nn;
int ans = , minFlow = INF, u;
for(int i = ; i <= n; ++i) {
cur[i] = head[i];
gap[i] = ;
}
u = pre[st] = st;
bfs();
while(dis[st] < n) {
bool flag = false;
for(int &p = cur[u]; p; p = next[p]) {
int &v = to[p];
if(flow[p] && dis[u] == dis[v] + ) {
flag = true;
minFlow = min(minFlow, flow[p]);
pre[v] = u;
u = v;
if(u == ed) {
ans += minFlow;
while(u != st) {
u = pre[u];
flow[cur[u]] -= minFlow;
flow[cur[u] ^ ] += minFlow;
}
minFlow = INF;
}
break;
}
}
if(flag) continue;
int minDis = n - ;
for(int p = head[u]; p; p = next[p]) {
int &v = to[p];
if(flow[p] && minDis > dis[v]) {
minDis = dis[v];
cur[u] = p;
}
}
if(--gap[dis[u]] == ) break;
gap[dis[u] = minDis + ]++;
u = pre[u];
}
return ans;
}
} G; int n, m;
int mat[][]; int main() {
while(scanf("%d%d", &n, &m) != EOF) {
for(int i = ; i <= n; ++i)
for(int j = ; j <= m; ++j) scanf("%d", &mat[i][j]);
G.init();
int ss = n * m + , tt = n * m + ;
int cnt = , sum = ;
for(int i = ; i <= n; ++i) {
for(int j = ; j <= m; ++j) {
++cnt; sum += mat[i][j];
if((i + j) & ) {
G.add_edge(ss, cnt, mat[i][j]);
if(j != ) G.add_edge(cnt, cnt - , INF);
if(i != ) G.add_edge(cnt, cnt - m, INF);
if(j != m) G.add_edge(cnt, cnt + , INF);
if(i != n) G.add_edge(cnt, cnt + m, INF);
}
else G.add_edge(cnt, tt, mat[i][j]);
}
}
printf("%d\n", sum - G.Max_flow(ss, tt, tt));
}
}

HDU 1569 方格取数(2)(最大流最小割の最大权独立集)的更多相关文章

  1. HDU 1569 方格取数(2) (最小割)

    方格取数(2) Time Limit: 10000/5000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)Total Su ...

  2. 网络流(最大流) HDU 1565 方格取数(1) HDU 1569 方格取数(2)

      HDU 1565 方格取数(1) 给你一个n*n的格子的棋盘,每个格子里面有一个非负数.从中取出若干个数,使得任意的两个数所在的格子没有公共边,就是说所取的数所在的2个格子不能相邻,并且取出的数的 ...

  3. HDU 1569 方格取数(2)

    方格取数(2) Time Limit: 5000ms Memory Limit: 32768KB This problem will be judged on HDU. Original ID: 15 ...

  4. HDU 1569 - 方格取数(2) - [最大点权独立集与最小点权覆盖集]

    嗯,这是关于最大点权独立集与最小点权覆盖集的姿势,很简单对吧,然后开始看题. 题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1569 Time Limi ...

  5. HDU 1565 - 方格取数(1) - [状压DP][网络流 - 最大点权独立集和最小点权覆盖集]

    题目链接:https://cn.vjudge.net/problem/HDU-1565 Time Limit: 10000/5000 MS (Java/Others) Memory Limit: 32 ...

  6. HDU 1565 1569 方格取数(最大点权独立集)

    HDU 1565 1569 方格取数(最大点权独立集) 题目链接 题意:中文题 思路:最大点权独立集 = 总权值 - 最小割 = 总权值 - 最大流 那么原图周围不能连边,那么就能够分成黑白棋盘.源点 ...

  7. [HDU 1565+1569] 方格取数

    HDU 1565 方格取数(1) Time Limit: 10000/5000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others ...

  8. HDU 1565&1569 方格取数系列(状压DP或者最大流)

    方格取数(2) Time Limit: 10000/5000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others) Total S ...

  9. HDU 1565 方格取数(1) 轮廓线dp

    题目链接: http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1565 方格取数(1) Time Limit: 10000/5000 MS (Java/Others) ...

随机推荐

  1. python中 的继承

    1.Python的类可以继承多个类,Java和C#中则只能继承一个类. 2.Python的类如果继承了多个类,那么其寻找方法的方式有两种,分别是:深度优先和广度优先. 当类是经典类时,多继承情况下,会 ...

  2. C++常用的系统函数

    数学<math.h>: 1 三角函数 double sin (double); double cos (double); double tan (double); 2 反三角函数 doub ...

  3. mysql 优化(索引)

    表 collect   字段  id(int  自增),title(varchar),info(text),vtype(int) 表中数据130w: select * from collect whe ...

  4. Hadoop原理之——HDFS原理

    Hadoop 3个核心组件: 分布式文件系统:Hdfs——实现将文件分布式存储在很多的服务器上(hdfs是一个基于Linux本地文件系统上的文件系统) 分布式运算编程框架:Mapreduce——实现在 ...

  5. python爬xx图代码

    今日 好热,照样是挖洞挖不到,看了几天的python爬虫,学会了xpath解析 撸一个代码玩玩] 不要说什么,优化之类的,刚学完,跑了一阵 ,还可以  挺稳定 # -*- coding:utf-8 - ...

  6. 成都Uber优步司机奖励政策(2月20日)

    滴快车单单2.5倍,注册地址:http://www.udache.com/ 如何注册Uber司机(全国版最新最详细注册流程)/月入2万/不用抢单:http://www.cnblogs.com/mfry ...

  7. CF 914 D. Bash and a Tough Math Puzzle

    D. Bash and a Tough Math Puzzle http://codeforces.com/contest/914/problem/D 题意: 单点修改,每次询问一段l~r区间能否去掉 ...

  8. LeetCode: 53. Maximum Subarray(Easy)

    1. 原题链接 https://leetcode.com/problems/maximum-subarray/discuss/ 2. 题目要求 给定一个整型数组,返回其子串之和的最大值 例如,[-2, ...

  9. MyBatis-mybatis全局映射文件解析

    全局配置文件为mybatis-config.xml 1.properties标签 <properties resource="dbconfig.properties"> ...

  10. git 操作几个命令

     git clone ssh://lijianfeng@192.168.1.246:29418/GMGameSDK压栈:git stash查状态:git status切换到要修改的提交:git reb ...