BZOJ2662[BeiJing wc2012]冻结【SPFA】
“我要成为魔法少女!”
“那么,以灵魂为代价,你希望得到什么?”
“我要将有关魔法和奇迹的一切,封印于卡片之中„„”
在这个愿望被实现以后的世界里,人们享受着魔法卡片(SpellCard,又名符
卡)带来的便捷。
现在,不需要立下契约也可以使用魔法了!你还不来试一试?
比如,我们在魔法百科全书(Encyclopedia of Spells)里用“freeze”作为关
键字来查询,会有很多有趣的结果。
例如,我们熟知的Cirno,她的冰冻魔法当然会有对应的 SpellCard 了。 当然,
更加令人惊讶的是,居然有冻结时间的魔法,Cirno 的冻青蛙比起这些来真是小
巫见大巫了。
这说明之前的世界中有很多魔法少女曾许下控制时间的愿望,比如 Akemi
Homura、Sakuya Izayoi、„„
当然,在本题中我们并不是要来研究历史的,而是研究魔法的应用。
我们考虑最简单的旅行问题吧: 现在这个大陆上有 N 个城市,M 条双向的
道路。城市编号为 1~N,我们在 1 号城市,需要到 N 号城市,怎样才能最快地
到达呢?
这不就是最短路问题吗?我们都知道可以用 Dijkstra、Bellman-Ford、
Floyd-Warshall等算法来解决。
现在,我们一共有 K 张可以使时间变慢 50%的 SpellCard,也就是说,在通
过某条路径时,我们可以选择使用一张卡片,这样,我们通过这一条道路的时间
就可以减少到原先的一半。需要注意的是:
1. 在一条道路上最多只能使用一张 SpellCard。
2. 使用一张SpellCard 只在一条道路上起作用。
3. 你不必使用完所有的 SpellCard。
给定以上的信息,你的任务是:求出在可以使用这不超过 K 张时间减速的
SpellCard 之情形下,从城市1 到城市N最少需要多长时间。
Input
第一行包含三个整数:N、M、K。
接下来 M 行,每行包含三个整数:Ai、Bi、Timei,表示存在一条 Ai与 Bi之
间的双向道路,在不使用 SpellCard 之前提下,通过它需要 Timei的时间。
Output
输出一个整数,表示从1 号城市到 N号城市的最小用时。
Sample Input
4 4 1
1 2 4
4 2 6
1 3 8
3 4 8
Sample Output
7
【样例1 解释】
在不使用 SpellCard 时,最短路为 1à2à4,总时间为 10。现在我们可
以使用 1 次 SpellCard,那么我们将通过 2à4 这条道路的时间减半,此时总
时间为7。
HINT
对于100%的数据:1 ≤ K ≤ N ≤ 50,M ≤ 1000。
1≤ Ai,Bi ≤ N,2 ≤ Timei ≤ 2000。
为保证答案为整数,保证所有的 Timei均为偶数。
所有数据中的无向图保证无自环、重边,且是连通的。
思路:注意到点数n和减慢的数量k都只有50,于是可以拆点,dist[i,j]表示到达第I个点,已经用了j个spellcard的最短路,就可以转移了TUT
#include <stdio.h>
#include <iostream>
#include<queue>
#include <string.h>
#include <algorithm>
#define maxn 200
using namespace std;
int n,m,kk,dist[maxn][maxn],head[maxn],next[maxn*100];
int point[maxn*100],value[maxn*100],now=0;
typedef pair<int,int> pii;
void add(int x,int y,int v)
{
next[++now]=head[x];
head[x]=now;
point[now]=y;
value[now]=v;
}
queue<pii>q;
int spfa(int s)
{
memset(dist,-1,sizeof(dist));
int visit[maxn][maxn]={{0}};
for(int i=0;i<=kk;i++){dist[s][i]=0;}
q.push(make_pair(s,0));
while(!q.empty())
{
pii uu=q.front();
q.pop();
int u=uu.first,b=uu.second;
visit[u][b]=0;
for(int i=head[u];i;i=next[i])
{
int k=point[i];
if(dist[u][b]+value[i]<dist[k][b]|| dist[k][b]==-1)
{
dist[k][b]=dist[u][b]+value[i];
if(visit[k][b]==0)
{
visit[k][b]=1;
q.push(make_pair(k,b));
}
}
if(dist[u][b]+(value[i]>>1)<dist[k][b+1]|| dist[k][b+1]==-1)
if(b+1<=kk)
{
dist[k][b+1]=dist[u][b]+(value[i]>>1);
if(visit[k][b+1]==0)
{
visit[k][b+1]=1;
q.push(make_pair(k,b+1));
}
}
}
}
int ans=0x3f3f3f3f;
for(int i=0;i<=kk;i++)ans=min(ans,dist[n][i]);
return ans;
}
int main()
{
int x,y,v;
scanf("%d%d%d",&n,&m,&kk);
for(int i=1;i<=m;i++)
{
scanf("%d%d%d",&x,&y,&v);
add(x,y,v);
add(y,x,v);
}
printf("%d\n",spfa(1));
return 0;
}
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