【BZOJ】【1014】【JLOI2008】火星人prefix
Splay/二分/Hash
看了网上的题目关键字(都不用点进去看……我也是醉了)了解到做法= =那就上呗,前面做了好几道Splay的题就是为了练手搞这个的。
Hash判断字符串是否相同应该很好理解吧?>_>我就不细说了
二分这个相同前缀的长度应该也容易>_>
用Splay维护这个Hash值>_>……也挺简单的,跟据size域就能算出以x为根的子树的hash值了。
这次我终于发现了一个之前以为不太重要的点……让我WA了两次= =!!
就是Splay在执行完序列插入的时候,一定要立即Push_up(c[root][1]); Push_up(root);不能想着别的操作随便splay一下自己就维护了……因为size域是会受到影响的!!
/**************************************************************
Problem: 1014
User: Tunix
Language: C++
Result: Accepted
Time:5600 ms
Memory:13288 kb
****************************************************************/ //BZOJ 1014
#include<vector>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cstdlib>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#define rep(i,n) for(int i=0;i<n;++i)
#define F(i,j,n) for(int i=j;i<=n;++i)
#define D(i,j,n) for(int i=j;i>=n;--i)
#define pb push_back
using namespace std;
inline int getint(){
int v=,sign=; char ch=getchar();
while(ch<''||ch>''){ if (ch=='-') sign=-; ch=getchar();}
while(ch>=''&&ch<=''){ v=v*+ch-''; ch=getchar();}
return v*sign;
}
const int N=3e5+,INF=~0u>>;
typedef long long LL;
typedef unsigned long long u64;
/******************tamplate*********************/
int n,m;
char s[N];
int c[N][],fa[N],size[N],tot,root;
u64 sum[N],v[N],mi[N];
#define L c[x][0]
#define R c[x][1]
void Push_up(int x){
size[x]=size[L]+size[R]+;
sum[x]=sum[L]*mi[size[R]+]+v[x]*mi[size[R]]+sum[R];
}
void Rotate(int x){
int y=fa[x],z=fa[y],l=c[y][]==x,r=l^;
c[z][c[z][]==y]=x;
fa[x]=z; fa[y]=x; fa[c[x][r]]=y;
c[y][l]=c[x][r]; c[x][r]=y;
Push_up(y);
}
void splay(int x,int s=){
int y;
for(;fa[x]!=s;Rotate(x))
if (fa[y=fa[x]]!=s) Rotate(c[y][]==x^c[fa[y]][]==y?x:y);
Push_up(x);
if (!s) root=x;
}
void New_node(int &x,int f,int key){
x=++tot;
fa[x]=f;
v[x]=sum[x]=key; L=R=;
size[x]=;
}
void Build(int &x,int f,int l,int r){
if (l>r) return;
int m=l+r>>;
New_node(x,f,s[m]);
Build(L,x,l,m-);
Build(R,x,m+,r);
Push_up(x);
}
int kth(int x,int k){
if (size[L]+==k) return x;
else if (size[L]>=k) return kth(L,k);
else return kth(R,k-size[L]-);
}
int query(int x1,int x2){
int l=,r=min(size[root]-x1,size[root]-x2)-,mid,ans=;
//由于右侧有一个空白字符,所以要-1
u64 n1=,n2=;
while(l<=r){
mid=l+r>>;
splay(kth(root,x1)); splay(kth(root,x1+mid+),root);
n1=sum[c[c[root][]][]];
splay(kth(root,x2)); splay(kth(root,x2+mid+),root);
n2=sum[c[c[root][]][]];
if (n1==n2) ans=mid,l=mid+;
else r=mid-;
}
return ans;
}
int main(){
#ifndef ONLINE_JUDGE
freopen("1014.in","r",stdin);
freopen("1014.out","w",stdout);
#endif
scanf("%s",s+);
n=strlen(s+);
mi[]=; F(i,,n*) mi[i]=mi[i-]*;
s[]=s[n+]=;
Build(root,,,n+);
m=getint();
char cmd[],s1[];
int x,y;
F(i,,m){
scanf("%s",cmd);
if (cmd[]=='Q'){
x=getint(); y=getint();
printf("%d\n",query(x,y));
}else if (cmd[]=='R'){
x=getint(); scanf("%s",s1);
int pos=kth(root,x+);
v[pos]=s1[];
splay(pos);
}else{
x=getint()+; scanf("%s",s1);
splay(kth(root,x)); splay(kth(root,x+),root);
int &pos=c[c[root][]][];
New_node(pos,c[root][],s1[]);
Push_up(c[root][]); Push_up(root);
}
}
return ;
}
1014: [JSOI2008]火星人prefix
Time Limit: 10 Sec Memory Limit: 162 MB
Submit: 3815 Solved: 1168
[Submit][Status][Discuss]
Description
火
星人最近研究了一种操作:求一个字串两个后缀的公共前缀。比方说,有这样一个字符串:madamimadam,我们将这个字符串的各个字符予以标号:序
号: 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 字符 m a d a m i m a d a m 现在,火星人定义了一个函数LCQ(x,
y),表示:该字符串中第x个字符开始的字串,与该字符串中第y个字符开始的字串,两个字串的公共前缀的长度。比方说,LCQ(1, 7) = 5,
LCQ(2, 10) = 1, LCQ(4, 7) = 0
在研究LCQ函数的过程中,火星人发现了这样的一个关联:如果把该字符串的所有后缀排好序,就可以很快地求出LCQ函数的值;同样,如果求出了LCQ函数
的值,也可以很快地将该字符串的后缀排好序。
尽管火星人聪明地找到了求取LCQ函数的快速算法,但不甘心认输的地球人又给火星人出了个难题:在求取LCQ函数的同时,还可以改变字符串本身。具体地
说,可以更改字符串中某一个字符的值,也可以在字符串中的某一个位置插入一个字符。地球人想考验一下,在如此复杂的问题中,火星人是否还能够做到很快地求
取LCQ函数的值。
Input
第一行给出初始的字符串。第二行
是一个非负整数M,表示操作的个数。接下来的M行,每行描述一个操作。操作有3种,如下所示: 1、 询问。语法:Q x y,x,
y均为正整数。功能:计算LCQ(x, y) 限制:1 <= x, y <= 当前字符串长度。 2、 修改。语法:R x
d,x是正整数,d是字符。功能:将字符串中第x个数修改为字符d。限制:x不超过当前字符串长度。 3、 插入:语法:I x
d,x是非负整数,d是字符。功能:在字符串第x个字符之后插入字符d,如果x = 0,则在字符串开头插入。限制:x不超过当前字符串长度。
Output
对于输入文件中每一个询问操作,你都应该输出对应的答案。一个答案一行。
Sample Input
7
Q 1 7
Q 4 8
Q 10 11
R 3 a
Q 1 7
I 10 a
Q 2 11
Sample Output
1
0
2
1
HINT
数据规模:
对于100%的数据,满足:
1、 所有字符串自始至终都只有小写字母构成。
2、 M <= 150,000
3、 字符串长度L自始至终都满足L <= 100,000
4、 询问操作的个数不超过10,000个。
对于第1,2个数据,字符串长度自始至终都不超过1,000
对于第3,4,5个数据,没有插入操作。
Source
【BZOJ】【1014】【JLOI2008】火星人prefix的更多相关文章
- BZOJ 1014: [JSOI2008]火星人prefix [splay 二分+hash] 【未完】
1014: [JSOI2008]火星人prefix Time Limit: 10 Sec Memory Limit: 162 MBSubmit: 6243 Solved: 2007[Submit] ...
- BZOJ 1014: [JSOI2008]火星人prefix Splay+二分
1014: [JSOI2008]火星人prefix 题目连接: http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1014 Description 火星人 ...
- bzoj 1014: [JSOI2008]火星人prefix hash && splay
1014: [JSOI2008]火星人prefix Time Limit: 10 Sec Memory Limit: 162 MBSubmit: 3154 Solved: 948[Submit][ ...
- 求帮看!!!!BZOJ 1014 [JSOI2008]火星人prefix
1014: [JSOI2008]火星人prefix Time Limit: 10 Sec Memory Limit: 162 MBSubmit: 4164 Solved: 1277[Submit] ...
- BZOJ 1014: [JSOI2008]火星人prefix( splay + hash )
用splay维护序列, 二分+hash来判断LCQ.. #include<bits/stdc++.h> using namespace std; typedef unsigned long ...
- BZOJ 1014 [JSOI2008]火星人prefix (Splay + Hash + 二分)
1014: [JSOI2008]火星人prefix Time Limit: 10 Sec Memory Limit: 162 MBSubmit: 8112 Solved: 2569[Submit] ...
- [BZOJ 1014] [JSOI2008] 火星人prefix 【Splay + Hash】
题目链接:BZOJ - 1014 题目分析 求两个串的 LCP ,一种常见的方法就是 二分+Hash,对于一个二分的长度 l,如果两个串的长度为 l 的前缀的Hash相等,就认为他们相等. 这里有修改 ...
- BZOJ 1014: [JSOI2008]火星人prefix
Sol Splay+Hash+二分答案. 用Splay维护Hash,二分答案判断. 复杂度 \(O(nlog^2n)\) PS:这题调了两个晚上因为没开long long.许久不写数据结构题感觉写完整 ...
- bzoj 1014 [JSOI2008]火星人prefix(splay+hash)
[题目链接] http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1014 [题意] 给定一个字符串,要求提供修改一个字符,插入一个字符,查询两个后缀LCP ...
- bzoj 1014 [JSOI2008]火星人prefix——splay+哈希
题目:https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1014 用splay维护字符串,每个点记录子树的哈希值,然后二分查询. 二分不是把两个点的哈希 ...
随机推荐
- css盒子垂直居中
首先父盒子包住子盒子 <body> <div class="outbox"> <div class="box"></d ...
- 007 爬虫(Scrapy库的使用)
推荐网址: http://scrapy-chs.readthedocs.io/zh_CN/0.24/topics/architecture.html 1.简介 python开发的一个快速,高层次的屏幕 ...
- R语言实战(八)广义线性模型
本文对应<R语言实战>第13章:广义线性模型 广义线性模型扩展了线性模型的框架,包含了非正态因变量的分析. 两种流行模型:Logistic回归(因变量为类别型)和泊松回归(因变量为计数型) ...
- JAVAEE——宜立方商城09:Activemq整合spring的应用场景、添加商品同步索引库、商品详情页面动态展示与使用缓存
1. 学习计划 1.Activemq整合spring的应用场景 2.添加商品同步索引库 3.商品详情页面动态展示 4.展示详情页面使用缓存 2. Activemq整合spring 2.1. 使用方法 ...
- [leetcode tree]101. Symmetric Tree
Given a binary tree, check whether it is a mirror of itself (ie, symmetric around its center). For e ...
- UNP学习总结(二)
本文是UNP复习系列的第二篇,主要包括了以下几个内容 UNIX系统下5种I/O模型 阻塞.非阻塞,同步.异步 epoll函数用例 一.Unix下的五种可用I/O模型 阻塞式I/O模型 阻塞式I/O是最 ...
- NandFlash_control
驱动:编写任何设备的驱动程序,都需要对该设备的原理有一定了解和认识.对于外部设备的访问总是需要通过一个控制器来间接访问,对于这个控制器的控制程序称为驱动程序 Nandflash 原理: 一:角色分析 ...
- django创建model
1.model实例 #!/usr/bin/python # coding:utf-8 from __future__ import unicode_literals from django.db im ...
- django 动态url 可变
首先在urls里面改,name=让一个映射敷个名字. 然后到books——list页面让编辑按钮改成这种可变的映射模式.
- bzoj 4237: 稻草人 -- CDQ分治
4237: 稻草人 Time Limit: 40 Sec Memory Limit: 256 MB Description JOI村有一片荒地,上面竖着N个稻草人,村民们每年多次在稻草人们的周围举行 ...