2018.07.18 [NOI2018]归程(return)(kruskal重构树)
传送门
新鲜出炉的noi2018试题。
下面讲讲这题的解法:
首先要学习一个叫做kruskal重构树的东东。
听名字就知道跟kruskal算法有关,没错,原来的kruskal算法就是用并查集实现的,但当我们使用kruskal重构树的时候,对于每次找出的不同的两个连通块的祖先,我们都新建一个点作为两个祖先的父亲,并将当前边的边权转化为新点的点权。然而,路径压缩的时候会让我们丢失这种辛辛苦苦创造的树的形状。。。因此我们需要在使用并查集维护连通性的同时使用二叉树来维护树的形状。这样维护出来的树就是kruskal重构树。
不难发现kruskal重构树有几条重要的性质:
1.树上除叶子结点以外的点都对应着原来生成树中的边,叶子结点就是原来生成树上的节点。
2.由于新点的创建顺序与原来生成树上边权的大小有关,可以发现,从每个点到根节点上除叶子结点外按顺序访问到的点的点权是单调的。
3.出于kruskal算法贪心的性质,两个点u和v的lca的点权就对应着它们最小生成树上的瓶颈。
4.实际上这棵树就是一个二叉堆
所以这道题如何用krukal重构树做呢?
如果我们以海拔为第一关键字对边进行从大到小的排序,然后修建kruskal重构树,这样就弄出了一颗以海拔为关键字的小根堆。然后对于每一棵子树,如果询问中的水位线是低于子树的根节点的,那么此时这棵子树中的所有叶子结点都是连通的。放到题中就是说这颗子树中任选一个点出发,到子树中的其它点都不需要花费。
然后我们假设对于当前询问,我们找到了一个子树的根节点u,满足d[u]>p且d[fa[u]]<=p且出发点v在子树中,这时从v出发可以直接抵达子树中的任意一个叶子结点。因此我们需要从众多叶子节点中选出一个距离1号点花费最小的。
然后再捋一捋思路。我们首先要求出每个点到1号点的最小花费,这个直接dijstra+最短路预处理。然后是要建出kruskal重构树,再然后维护以每个点作为根节点时子树中距离1号点的最小花费,这个建完树后一个简单的dfs搞定。最后是如何找到点u,这时我们要让一个重要的算法登场:倍增算法。直接加上点权>p的限制在树上倍增即可。
总时间复杂度O(T*nlogn)。
代码如下:
#include<bits/stdc++.h>
#define N 400005
#define M 800005
using namespace std;
inline int read(){
int ans=0;
char ch=getchar();
while(!isdigit(ch))ch=getchar();
while(isdigit(ch))ans=(ans<<3)+(ans<<1)+(ch^48),ch=getchar();
return ans;
}
inline void write(int x){
if(x>9)write(x/10);
putchar(x%10+'0');
}
int n,m,T,q,k,s,vis[N],first[N<<1],head[N],cntx=0,d[N],dep[N],f[N][20],fa[N<<1],lastans=0,totx=0;
struct Node{int u,v,l,a;}e[M],p[N<<1];
struct edge{int v,next;}tr[M<<1];
struct node{int v,next,w;}t[M];
struct heap{int u,v;};
inline bool operator<(heap a,heap b){return a.v>b.v;}
inline void dijstra(int s=1){
memset(vis,false,sizeof(vis));
memset(d,0x3f,sizeof(d));
priority_queue<heap>q;
d[s]=0;
q.push((heap){s,d[s]});
while(!q.empty()){
heap x=q.top();
q.pop();
if(vis[x.u])continue;
vis[x.u]=true;
for(int i=head[x.u];i;i=t[i].next){
int v=t[i].v;
if(vis[v])continue;
if(d[v]>d[x.u]+t[i].w){
d[v]=d[x.u]+t[i].w
;
q.push((heap){v,d[v]});
}
}
}
for(int i=1;i<=n;++i)p[i].l=d[i];
}
inline bool cmp(Node a,Node b){return a.a>b.a;}
inline int find(int x){return x==fa[x]?fa[x]:fa[x]=find(fa[x]);}
inline void add(int u,int v){
tr[++cntx].v=v;
tr[cntx].next=first[u];
first[u]=cntx;
}
inline void addx(int u,int v,int w){
t[++totx].v=v;
t[totx].next=head[u];
t[totx].w=w;
head[u]=totx;
}
inline void dfs(int u,int pa){
dep[u]=dep[pa]+1,f[u][0]=pa;
for(int i=1;i<=19;++i)f[u][i]=f[f[u][i-1]][i-1];
for(int i=first[u];i;i=tr[i].next){
int v=tr[i].v;
dfs(v,u);
p[u].l=min(p[u].l,p[v].l);
}
}
inline int query(int x,int y){
for(int i=19;i>=0;--i)if(dep[x]-(1<<i)>0&&p[f[x][i]].a>y)x=f[x][i];
return p[x].l;
}
inline void kruskal(){
int tot=0,cnt=n;
for(int i=1;i<=(n<<1);++i)fa[i]=i;
sort(e+1,e+m+1,cmp);
for(int i=1;i<=m;++i){
int u=e[i].u,v=e[i].v;
int fx=find(u),fy=find(v);
if(fx!=fy){
add(++cnt,fx);
add(cnt,fy);
fa[fx]=cnt;
fa[fy]=cnt;
p[cnt].a=e[i].a;
++tot;
}
if(tot==n-1)break;
}
dfs(cnt,0);
while(q--){
int x=(k*lastans+read()-1)%n+1,y=(k*lastans+read())%(s+1);
write(lastans=query(x,y));
puts("");
}
}
int main(){
T=read();
while(T--){
lastans=0,n=read(),m=read();
memset(e,0,sizeof(e)),cntx=0,totx=0;
memset(first,0,sizeof(first));
memset(head,0,sizeof(head));
memset(f,0,sizeof(f));
for(int i=1;i<=m;++i)e[i].u=read(),e[i].v=read(),e[i].l=read(),e[i].a=read(),addx(e[i].u,e[i].v,e[i].l),addx(e[i].v,e[i].u,e[i].l);
for(int i=n+1;i<=(n<<1);++i)p[i].l=0x3f3f3f3f;
dijstra();
q=read(),k=read(),s=read();
kruskal();
}
return 0;
}
2018.07.18 [NOI2018]归程(return)(kruskal重构树)的更多相关文章
- [luogu4768] [NOI2018] 归程 (Dijkstra+Kruskal重构树)
[luogu4768] [NOI2018] 归程 (Dijkstra+Kruskal重构树) 题面 题面较长,这里就不贴了 分析 看到不能经过有积水的边,即不能经过边权小于一定值的边,我们想到了kru ...
- Luogu P4768 [NOI2018]归程(Dijkstra+Kruskal重构树)
P4768 [NOI2018]归程 题面 题目描述 本题的故事发生在魔力之都,在这里我们将为你介绍一些必要的设定. 魔力之都可以抽象成一个 \(n\) 个节点. \(m\) 条边的无向连通图(节点的编 ...
- P4768 [NOI2018]归程(kruskal 重构树)
洛谷P4768 [NOI2018]归程 LOJ#2718.「NOI2018」归程 用到 kruskal 重构树,所以先说这是个啥 显然,这和 kruskal 算法有关系 (废话 这个重构树是一个有点权 ...
- NOI2018归程(Kruskal重构树)
题目描述 本题的故事发生在魔力之都,在这里我们将为你介绍一些必要的设定. 魔力之都可以抽象成一个 n 个节点.m 条边的无向连通图(节点的编号从 1 至 n). 我们依次用 l,a 描述一条边的长度. ...
- NOI2018 D1T1 洛谷P4768 归程 (Kruskal重构树)
实际上是一个最短路问题,但加上了海拔这个条件限制,要在海拔<水位线p中找最短路. 这里使用Kruskal重构树,将其按海拔建成小根堆,我们就可以在树中用倍增找出他不得不下车的点:树中节点有两个权 ...
- 【NOI 2018】归程(Kruskal重构树)
题面在这里就不放了. 同步赛在做这个题的时候,心里有点纠结,很容易想到离线的做法,将边和询问一起按水位线排序,模拟水位下降,维护当前的各个联通块中距离$1$最近的距离,每次遇到询问时输出所在联通块的信 ...
- 「NOI 2018」归程「Kruskal 重构树」
题解 Kruskal重构树:每次一条边连接两个集合,建一个新点,点权为该边边权:把这两个集合的根连向新点. 性质:(如果求的是最大生成树)叶子结点是图中实际结点:叶子到根路径上点权递减:两点间lca的 ...
- 【BZOJ5415&UOJ393】归程(Kruskal重构树,最短路)
题意:From https://www.cnblogs.com/Memory-of-winter/p/11628351.html 思路:先从1开始跑一遍dijkstra,建出kruskal重构树之后每 ...
- [NOI2018]归程(kruscal重构树)
[NOI2018]归程 题面太长辣,戳这里 模拟赛上写了一个spfa (关于spfa,它已经死了),然后一个st表水完暴力跑路.考后说是Kruscal重构树或者可持久化并查集???这都是些什么东西.不 ...
随机推荐
- delphi android路径 TPath 文件路径,文件管理
获取Android相关文档路径 delphi 新路径.文件功能 IOUtils单元,文件路径,文件管理 http://docwiki.embarcadero.com/RADStudio/Berlin/ ...
- foreach 使用&引用赋值要注意的问题
<?php $arr = array('a', 'b', 'c'); $arr2 = array('d', 'e', 'f'); foreach($arr as &$value){ $v ...
- Spring事务控制和传递性理解
1.在同一类方法间相互调用,如果调用方无事务控制,被调用方有事务控制,则被调用方也无事务 原因:外部经过spring容器调用service的方法事务才生效,service类内部方法间相互调用事务不生效 ...
- (Python)numpy的argmax用法
解释 还是从一维数组出发.看下面的例子. import numpy as np a = np.array([3, 1, 2, 4, 6, 1]) print(np.argmax(a))4 argm ...
- Mybatis知识(1)
1.#{}和${}的区别是什么? #{}是预编译处理,${}是字符串替换. Mybatis在处理#{}时,会将sql中的#{}替换为?号,调用PreparedStatement的set方法来赋值: M ...
- getattr()函数详解
setattr(object,name,value): 作用:设置object的名称为name(type:string)的属性的属性值为value,属性name可以是已存在属性也可以是新属性. get ...
- 查看RPM包里的内容
有时候,拿到一个RPM,并不想安装它,而想了解包里的内容,怎么办呢? 如果只相知道包里的文件列表执行: #rpm -qpl packetname 如果想要导出包里的内容,而不是安装,那么执行: # r ...
- 第一个gulp程序
说起来惭愧,一直用公司内部的工具,没有用这些红得发紫的东西.今天东抄西拼终于搞出第一个gulp应用.gulp是做什么的,好处在哪儿我不废话了.直入主题吧. 先在D盘下建立一个xxxx目录,然后打开控制 ...
- 新手C#SQLServer在程序里实现语句的学习2018.08.12
从C#中连接到SQL Server数据库,再通过C#编程实现SQL数据库的增删改查. ado.net提供了丰富的数据库操作,这些操作可以分为三个步骤: 第一,使用SqlConnection对象连接数据 ...
- jQuery html5Validate基于HTML5表单验证插件
更新于2016-02-25 前面提到的新版目前线上已经可以访问: http://mp.gtimg.cn/old_mp/assets/js/common/ui/Validate.js demo体验狠狠地 ...