题目

细节比较多的二分+跟LCA倍增差不多的思想

首先有这样一个贪心思路,深度越低的检查点越好,而最长时间和深度具有单调性,即给定时间越长,每个军队能向更浅的地方放置检查点。因此可以考虑二分时间,然后判断军队是否可以放置在控制疫情的地方。

但是有的军队需要先满足自己当前所在的节点,然后此节点如果有多个军队,其他军队跳到1节点,再跳到1节点的其他子树,这里又有一个贪心策略,就是每个军队跳到1的剩余时间:二分的当前时间减去到1节点的距离越大,就要跳到1的另一个子树里据1最远的点,这样才能更好地使得控制疫情。

  1. #include <bits/stdc++.h>
  2. #define N 1001001
  3. using namespace std;
  4. struct edg {
  5. int to, nex, len;
  6. }e[N];
  7. struct tem {
  8. int id, len;
  9. }a[N], b[N];
  10. int n, m, cnt, lin[N], vis[N], vis2[N], army[N], dep[N], fa[N][19], dis[N][19];//fa[i][j]表示军队向上跳j次所到达的位置,dis表示此时所用的时间。
  11. //vis表示该点包括的叶子节点是否被完全覆盖
  12. bool cmp(tem x, tem y)
  13. {
  14. return x.len < y.len;
  15. }
  16. inline void add(int f, int t, int l)
  17. {
  18. e[++cnt].len = l;
  19. e[cnt].to = t;
  20. e[cnt].nex = lin[f];
  21. lin[f] = cnt;
  22. }
  23. void dfs(int now, int f)
  24. {
  25. fa[now][0] = f;
  26. dep[now] = dep[f] + 1;
  27. for (int i = lin[now]; i; i = e[i].nex)
  28. {
  29. int to = e[i].to;
  30. if (to == f) continue;
  31. dis[to][0] = e[i].len;
  32. dfs(to, now);
  33. }
  34. }
  35. void bF(int now)//判断该点的所有叶子节点是否全都被覆盖
  36. {
  37. int b1 = 1, b2 = 0;
  38. if (vis[now]) return;
  39. for (int i = lin[now]; i; i = e[i].nex)
  40. {
  41. int to = e[i].to;
  42. if (to == fa[now][0])
  43. continue;
  44. b2 = 1;
  45. bF(to);
  46. if (!vis[to])
  47. b1 = 0;
  48. }
  49. if (b1 && b2 && now != 1)
  50. vis[now] = 1;
  51. }
  52. bool check(int mid)//使每个军队都尽可能的往上跳,直到距离比mid大才停止。
  53. {
  54. memset(vis, 0, sizeof(vis));
  55. memset(vis2, 0, sizeof(vis2));
  56. int tnt1 = 0, tnt2 = 0;
  57. for (int i = 1; i <= m; i++)
  58. {
  59. int u = army[i], dn = 0;
  60. for (int j = 18; j >= 0; j--) if (dn + dis[u][j] <= mid && fa[u][j] != 0) dn += dis[u][j], u = fa[u][j];
  61. if (u != 1)//如果此点不为1说明此点可以被覆盖。
  62. vis[u] = 1;
  63. else
  64. {
  65. a[++tnt1].len = mid - dn;
  66. int u2 = army[i];
  67. for (int j = 18; j >= 0; j--) if (fa[u2][j] > 1) u2 = fa[u2][j];
  68. a[tnt1].id = u2;
  69. }
  70. }
  71. bF(1);
  72. for (int i = lin[1]; i; i = e[i].nex)//枚举深度为2的点
  73. {
  74. int to = e[i].to;
  75. if (vis[to]) continue;//找到没有完全覆盖完的to; 然后加以覆盖。 选一定要选深度最浅的,所以选择深度为2的,这样选择一定是最优解。
  76. b[++tnt2].id = to, b[tnt2].len = e[i].len;
  77. }
  78. sort(a + 1, a + 1 + tnt1, cmp);//a的len是剩余的时间
  79. sort(b + 1, b + 1 + tnt2, cmp);//b的len是需要的时间, 他们的时间相加
  80. int j = 1;
  81. for (int i = 1; i <= tnt1; i++)
  82. {
  83. if (!vis[a[i].id]) vis[a[i].id] = 1;//先把此点给覆盖了。
  84. else if (a[i].len >= b[j].len) vis[b[j].id] = 1;
  85. while (vis[b[j].id] && j <= tnt2) j++;
  86. }
  87. if (j > tnt2)
  88. return 1;
  89. else
  90. return 0;
  91. }
  92. inline void init()
  93. {
  94. scanf("%d", &n);
  95. for (int i = 1, u, v, w; i < n; i++)
  96. {
  97. scanf("%d%d%d", &u, &v, &w);
  98. add(u, v, w);
  99. add(v, u, w);
  100. }
  101. scanf("%d", &m);
  102. for (int i = 1; i <= m; i++)
  103. scanf("%d", &army[i]);
  104. dfs(1, 0);
  105. for (int j = 1; j <= 18; j++)
  106. for (int i = 1; i <= n; i++)
  107. {
  108. fa[i][j] = fa[fa[i][j - 1]][j - 1];
  109. dis[i][j] = dis[i][j - 1] + dis[fa[i][j - 1]][j - 1];//dis[i][j]是i向上跳j步所走的路径长度,此叶子节点的意思是最深的节点
  110. }
  111. }
  112. int main()
  113. {
  114. init();
  115. int ans, l = 0, r = 70000000;
  116. while (l <= r)
  117. {
  118. int mid = (l + r) >> 1;
  119. if (check(mid))
  120. ans = mid, r = mid - 1;
  121. else
  122. l = mid + 1;
  123. }
  124. printf("%d", ans);
  125. return 0;
  126. }

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