BNUOJ-1065或运算的简单解法
http://www.bnuoj.com/bnuoj/problem_show.php?pid=1065
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#include<stdio.h>
int main()
{
int n,a[10001];
int T;
int i,j,k;
int ans=0;
scanf("%d",&T);
while(T--)
{
scanf("%d",&n);
ans=0;
for(i=0;i<n;++i)
scanf("%d",&a[i]);
for(i=0;i<n;++i)
for(j=0;j<n;++j)
ans+=(a[i]|a[j]);
printf("%d\n",ans);
}
return 0;
}
-----------------------------------------------
上面这个程序的时间复杂度就是O(n^2)的,输入规模增长到原来的n倍,运行时间将会是原来的n^2倍(两重循环内部的操作的次数变为原来的n^2倍)。这样的程序对于n高达10000的数据规模运行时间显然太长了,无法达到我们的要求。所以请你帮忙修改一下这个程序(只是两重循环的部分),降低算法的时间复杂度,但是程序的功能不能改变。
Input
每组数据的第一行有一个正整数 n (1≤n≤10000)。
接下来同一行有n个非负整数,每个数都不超过 2^16范围。两个数之间用空格分开。
Output
Sample Input
1
2 18467 6334
Sample Output
70239
思路:这道题目,必须感谢队友刘庆的想法......
比如现在有n(n==3)个数,分别是:2 5 7
将它们转化为二进制: 0010 0101 0111
那么,现在只看二进制,我们将这三个二进制加起来,但不进位,只统计二进制各个位上面的1的个数会得到:
1 1 1 1
0 2 2 2
这表示,二进制第三位没有1,第二位有2个1,第一位有2个1,第0位有2个1,这些位对应:2^3 2^2 2^1 2^0
那么会发现当2|2+2|5+2|7==2*2^0+n*2^1+2*2^2+0*2^3
5|2+5|5+5|7==n*2^0+2*2^1+n*2^2+0*2^3
7|2+7|5+7|7==n*2^0+n*2^1+n*2^2+0*2^3
发现没有,当一个数,比如7的二进制0111去或其他数的时候,若有一位本身是1,那么这一位或上与之对应的那一位(不管是0还是1)形成的新的数字的这一位都会是1;
就比如000110 与010000 或 变成010110 ,会发现只要有1的位,所形成新的二进制那一位也必然有1,那么当它与n个二进制数字或操作,所形成新的二进制数字,当原数字有1那么它对应的那一位也必然是1的.....这样,我们就只需要统计所以的二进制加起来不产生进位的情况下,每一位有多少个1就好 。
代码:
#include<iostream>
#include<stdio.h>
#include<string.h>
using namespace std;
struct node
{
int a[20];
int cnt;
int num;
}s[10005];
int t[20],f=0;
int p[20]={1,2,4,8,16,32,64,128,256,512,1024,2048,4096,8192,16384,32768,65536,131072};
int main()
{
int text;
scanf("%d",&text);
while(text--)
{
memset(s,0,sizeof(s));
memset(t,0,sizeof(t));
int n;
scanf("%d",&n);
for(int i=1;i<=n;i++)
{
scanf("%d",&s[i].num);
int tmp=s[i].num;
while(tmp>0)
{
int tmp1=s[i].cnt;
s[i].a[tmp1]=tmp%2;
tmp/=2;
s[i].cnt++;
}
for(int j=0;j<=15;j++)
if(s[i].a[j]==1)
t[j]++;
//for(int i=0;i<=15;i++)
//printf("%d",t[i]);
}
int ans=0;
for(int i=1;i<=n;i++)
{
for(int j=0;j<=15;j++)
{
if(s[i].a[j]==1)
{
ans+=p[j]*n;
}
if(s[i].a[j]==0)
{
ans+=t[j]*p[j];
}
}
}
printf("%d\n",ans);
}
return 0;
}
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